高考數學解答題專題攻略----立體幾何
1、(本小題滿分13分,(ⅰ)小問6分,(ⅱ)小問7分.)
如題(19)圖,在中,b=,ac=,d、e兩點分別在ab、ac上.使,de=3.現將沿de折成直二角角,求:
(ⅰ)異面直線ad與bc的距離;
(ⅱ)二面角a-ec-b的大小(用反三角函式表示).
解法一:(ⅰ)在答(19)圖1中,因,故be∥bc.又因b=90°,從而
ad⊥de.在第(19)圖2中,因a-de-b是直二面角,ad⊥de,故ad⊥底面dbce,從而ad⊥db.而db⊥bc,故db為異面直線ad與bc的公垂線.
下求db之長.在答(19)圖1中,由,得
又已知de=3,從而
因(ⅱ)在第(19)圖2中,過d作df⊥ce,交ce的延長線於f,連線af.由(1)知,
ad⊥底面dbce,由三垂線定理知af⊥fc,故∠afd為二面角a-bc-b的平面
角在底面dbce中,∠def=∠bce,
因此從而在rt△dfe中,de=3,
在因此所求二面角a-ec-b的大小為arctan
解法二:
(ⅰ)同解法一.
(ⅱ)如答(19)圖3.由(ⅰ)知,以d點為座標原點,的方向為x、
y、z軸的正方向建立空間直角座標系,則d(0,0,0),a(0,0,4),
,e(0,3,0).
過d作df⊥ce,交ce的延長線
於f,連線af.
設從而,有
①又由 ②
聯立①、②,解得
因為,故,又因,所以為所求的二面角a-ec-b的平面角.因
有所以因此所求二面角a-ec-b的大小為
2、(本小題滿分12分)
如圖,在四稜錐p-abcd中,則面pad⊥底面abcd,側稜pa=pd=,底面abcd為直角梯形,其中bc∥ad,ab⊥ad,ad=2ab=2bc=2,o為ad中點.
(ⅰ)求證:po⊥平面abcd;
(ⅱ)求異面直線pd與cd所成角的大小;
(ⅲ)線段ad上是否存在點q,使得它到平面pcd的距離為?若存在,求出的值;若不存在,請說明理由.
本小題主要考查直線與平面的位置關係、異面直線所成角、點到平面的距離等基本知識,考查空間想象能力、邏輯思維能力和運算能力.滿分12分.
解法一:(ⅰ)證明:在△pad中pa=pd,o為ad中點,所以po⊥ad,
又側面pad⊥底面abcd,平面平面abcd=ad, 平面pad,
所以po⊥平面abcd.
(ⅱ)鏈結bo,在直角梯形abcd中、bc∥ad,ad=2ab=2bc,
有od∥bc且od=bc,所以四邊形obcd是平行四邊形,
所以ob∥dc.
由(ⅰ)知,po⊥ob,∠pbo為銳角,
所以∠pbo是異面直線pb與cd所成的角.
因為ad=2ab=2bc=2,在rt△aob中,ab=1,ao=1,
所以ob=,
在rt△poa中,因為ap=,ao=1,所以op=1,
在rt△pbo中,tan∠pbo=
所以異面直線pb與cd所成的角是.
(ⅲ)假設存在點q,使得它到平面pcd的距離為.
設qd=x,則,由(ⅱ)得cd=ob=,
在rt△poc中,
所以pc=cd=dp,
由vp-dqc=vq-pcd,得2,所以存在點q滿足題意,此時.
解法二:
(ⅰ)同解法一.
(ⅱ)以o為座標原點,的方向分別為x軸、y軸、z軸的正方向,建立空間直角座標系o-xyz,依題意,易得
a(0,-1,0),b(1,-1,0),c(1,0,0),d(0,1,0),p(0,0,1),
所以所以異面直線pb與cd所成的角是arccos,
(ⅲ)假設存在點q,使得它到平面pcd的距離為,
由(ⅱ)知
設平面pcd的法向量為n=(x0,y0,z0).
則所以即,
取x0=1,得平面pcd的乙個法向量為n=(1,1,1).
設由,得解y=-或y=(捨去),
此時,所以存在點q滿足題意,此時.
3、(08遼寧卷)(本小題滿分12分)
如圖,在稜長為1的正方體中,ap=bq=b(0(ⅰ)證明:平面pqef和平面pqgh互相垂直;
(ⅱ)證明:截面pqef和截面pqgh面積之和是定值,
並求出這個值;
(ⅲ)若與平面pqef所成的角為,求與平
面pqgh所成角的正弦值.
本小題主要考查空間中的線面關係,面面關係,解三角形等基礎知識,考查空間想象能力與邏輯思維能力。滿分12分.
解法一:
(ⅰ)證明:在正方體中,,,又由已知可得
,,,所以,,
所以平面.
所以平面和平面互相垂直. 4分
(ⅱ)證明:由(ⅰ)知
,又截面pqef和截面pqgh都是矩形,且pq=1,所以截面pqef和截面pqgh面積之和是
,是定值. 8分
(iii)解:鏈結bc′交eq於點m.
因為,,
所以平面和平面pqgh互相平行,因此與平面pqgh所成角與與平面所成角相等.
與(ⅰ)同理可證eq⊥平面pqgh,可知em⊥平面,因此em與的比值就是所求的正弦值.
設交pf於點n,鏈結en,由知
.因為⊥平面pqef,又已知與平面pqef成角,
所以,即,
解得,可知e為bc中點.
所以em=,又,
故與平面pqch所成角的正弦值為. 12分
解法二:
以d為原點,射線da,dc,dd′分別為x,y,z軸的正半軸建立如圖的空間直角座標系d-xyz由已知得,故
,,,,
,,,,,.
(ⅰ)證明:在所建立的座標系中,可得,,
.因為,所以是平面pqef的法向量.
因為,所以是平面pqgh的法向量.
因為,所以,
所以平面pqef和平面pqgh互相垂直. 4分
(ⅱ)證明:因為,所以,又,所以pqef為矩形,同理pqgh為矩形.
在所建立的座標系中可求得,,
所以,又,
所以截面pqef和截面pqgh面積之和為,是定值. 8分
(ⅲ)解:由已知得與成角,又可得
即,解得.
所以,又,所以與平面pqgh所成角的正弦值為
. 12分
高考立體幾何
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高考立體幾何小結
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高考立體幾何總結
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