2010屆高考數學難點突破訓練
立體幾何
1. 將兩塊三角板按圖甲方式拼好,其中,,,,現將三角板沿折起,使在平面上的射影恰好在上,如圖乙.
(1)求證:平面;
(2)求二面角的大小;
(3)求異面直線與所成角的大小.
2. 如圖,在正三稜柱中,各稜長都等於a,d、e分別是、的中點,
(1)求證:de是異面直線與的公垂線段,並求其長度;
(2)求二面角的大小;
(3)求點到平面aec的距離.
3. 如圖,在稜長為a的正方體中,e、f分別為稜ab和bc的中點,ef交bd於h.
(1)求二面角的正切值;
(2)試在稜上找一點m,使平面,並證明你的結論;
(3)求點到平面的距離.
4. 如圖,斜三稜柱abc—a1b1c1的底面是直角三角形,ac⊥cb,∠abc=45°,側面
a1abb1是邊長為a的菱形,且垂直於底面abc,∠a1ab=60°,e、f分別是ab1、
bc的中點.
(1)求證ef//平面a1acc1;
(2)求ef與側面a1abb1所成的角;
(3)求三稜錐a—bce的體積.
5. 已知直三稜柱abc—a1b1c1中,△abc為等腰直角三角形,∠bac=90°,且ab=aa1,d、e、f分別為b1a、c1c、bc的中點。
(i)求證:de∥平面abc;
(ii)求證:b1f⊥平面aef;
(iii)求二面角b1—ae—f的大小(用反三角函式表示)。
6. 在直角梯形abcd中,∠a=∠d=90°,ab<cd,sd⊥平面abcd,ab=ad=a,
s d=,**段sa上取一點e(不含端點)使ec=ac,截面cde與sb交於點f。
(ⅰ)求證:四邊形efcd為直角梯形;
(ⅱ)求二面角b-ef-c的平面角的正切值;
(ⅲ)設sb的中點為m,當的值是多少時,能使△dmc為直角三角形?請給出證明。
7. 如圖,已知正四稜柱的底面邊長為3,側稜長為4,鏈結,過a作,垂足為f,且af的延長線交於e。
(i)求證:平面aec
(ii)求三稜錐的體積
(iii)求二面角的正切值。
8. 如圖.已知斜三稜柱abc-的各稜長均為2,側稜與底面abc所成角為,且側面垂直於底面abc.
(1)求證:點在平面abc上的射影為ab的中點;
(2)求二面角c--b的大小;
(3)判斷與是否垂直,並證明你的結論.
9. 如圖,以正四稜錐v-abcd底面中心o為座標原點建立空間直角座標系o-xyz,其中ox∥bc,oy∥ab,e為vc中點,正四稜錐底面邊長為2a,高為h.
(1)求cos(,);
(2)記麵bcv為 ,面dcv為 ,若∠bed是二面角 vc- 的平面角,求∠bed.
10. 已知長方體abcd-中,稜ab=bc=3,=4,鏈結,過b點作的垂線交於e,交於f.
(1)求證:⊥平面ebd;
(2)求ed與平面所成角的大小;
(3)求二面角e-bd-c的大小.
11. 如圖,在正方體abcd-中,e、f分別是,cd的中點.
(1)證明:ad⊥;
(2)求ae與所成的角;
(3)證明:面aed⊥面;
(4)設=2,求三稜錐f-的體積.
12. 已知長方體abcd-a1b1c1d1中,e為aa1上一點,平面b1ce⊥平面bce,ab=bc=1,aa1=2。
(1)求平面b1ce與平面b1be所成二面角的大小;(文科只要求求tan)
(2)求點a到平面b1ce的距離。
13. 已知正三稜柱abc—a1b1c1的底邊長為1,高為h(h>3),點m在側稜bb1上移動,到底面abc的距離為x,且am與側面bcc1所成的角為α;
(ⅰ)(本問6分)若α在區間上變化,求x的變化範圍;
(ⅱ)(本問6分)若所成的角.
14. 如圖所示,pd垂直於正方形abcd所在平面,ab=2,e是pb的中點,與夾角的余弦值為
(1)建立適當的空間座標系,寫出點e的座標;
(2)在平面pad內求一點f,使ef平面pcb.
15.如圖所示,已知直三稜柱中,=90o,側面與側面所成的二面角為60°,m為上的點, 30°, 90°,.
(1)求bm與側面所成角的正切值;
(2)求頂點a到面的距離.
16.如圖,斜三稜柱,已知側面與底面abc垂直且∠bca=90°,∠, =2,若二面角為30°,
(ⅰ)證明
(ⅱ)求與平面所成角的正切值;
(ⅲ)在平面內找一點p,使三稜錐為正三稜錐,並求p到平面距離
17. 已知平行六面體的底面為正方形,分別為上、下底面的中心,且在底面的射影是。
(i)求證:平面平面
(ii)若點分別在稜上上,且,問點在何處時,
(iii)若,求二面角的大小(用反三角函式表示)
參***
1. (1)設在的射影為,則平面,
, 又,平面
,又,平面
(2)由(1),又, 為中點
以為軸,為軸,過且與平行的直線為軸建系,則
設為平面的法向量,由,可得
易知為平面的法向量,
所以所求二面角為
(3),所以所求角為
2. (1)取ac中點f,連線df.因為d是的中點,所以df∥,且.又,e是的中點,所以df∥be,df=be,所以四邊形bedf是平行四邊形,所以de∥bf,de=bf.因為⊥面abc,面abc,所以⊥bf.又因為f是ac的中點,△abc是正三角形,所以bf⊥ac,.因為⊥bf,∥,所以bf⊥,所以bf⊥面,又因為面,所以bf⊥,因為de∥bf,所以de⊥,de⊥,所以de是異面直線與的公垂線段,且. (2)因為,de⊥,所以de⊥,又因為de⊥,所以de⊥面.又面,所以面⊥面,所以二面角的大小為90°. (3)連線ce,則三稜錐的底面面積為,高.所以.在三稜錐中,底面△aec中,,則其高為a,所以.設點到平面aec的距離為d,由得,所以,即點到平面aec的距離為
3. (1)連ac,,則ef∥ac,因為ac⊥bd,所以bd⊥ef.因為⊥平面abcd,所以⊥ef,所以∠為二面角的平面角.在rt△中,,.所以. (2)在稜上取中點m,連,因為ef⊥平面,所以ef⊥.在正方形中,因為m,f分別為,bc的中點,所以⊥.又因為⊥平面,所以⊥,所以⊥,所以⊥平面. (3)設與平面交於點n,則為點到平面的距離.在rt△中,.因為,,所以,故點到平面的距離為
4. (1)∵a1abb1是菱形,e是ab1中點, ∴e是a1b中點,
連a1c ∵f是bc中點, ∴ef∥a1c
∵a1c平面a1acc1,ef平面a1acc1, ∴ef//平面a1acc1
(2)作fg⊥ab交ab於g,連eg ∵側面a1abb1⊥平面abc且交線是ab
∴fg⊥平面a1abb1,∴∠feg是ef與平面a1abb1所成的角
由ab=a,ac⊥bc,∠abc=45°,得
由aa1=ab=a,∠a1ab=60°,
得 (3)va—bce=ve—abc 由②eg⊥ab,平面a1abb1⊥平面abc,∴eg⊥平面abc
5. 解法一:
(i)連線a1b、a1e,並延長a1e交ac的延長線於點p,連線bp。
由e為c1c的中點,a1c1∥cp
可證a1e=ep
∵d、e是a1b、a1p的中點,∴de∥bp
又∵bp平面abc,de平面abc,
∴de∥平面abc 4分
(ii)∵△abc為等腰直角三角形,f為bc的中點
∴bc⊥af,又∵b1b⊥平面abc,
由三垂線定理可證b1f⊥af
設ab=a1a=a
則∴∵ 9分
(iii)過f做fm⊥ae於點m,連線b1m
∵b1f⊥平面aef,
由三垂線定理可證b1m⊥ae
∴∠b1mf為二面角b1—ae—f的平面角
c1c⊥平面abc,af⊥fc,由三垂線定理可證ef⊥af
在rt△aef中,可求
在rt△b1fm中,∠b1fm=90°,
∴∴∴二面角b1—ae—f的大小為 14分
解法二:
如圖建立空間直角座標系o—xyz
令ab=aa1=4,
則a(0,0,0),e(0,4,2),f(2,2,0),b(4,0,0),b1(4,0,4) 2分
(i)同解法一 6分
(ii)
∴∴∵ 10分
(iii)(★有個別學生按超出課本要求的方法求解,按此標準給分)
平面aef的法向量為,設平面b1ae的法向量為
即令x=2,則
∴∴二面角b1—ae—f的大小為
6. (ⅰ)∵ cd∥ab,ab平面sab ∴cd∥平面sab面efcd∩面sab=ef,
∴cd∥ef ∵又面
∴平面sad,∴又
為直角梯形
(ⅱ)平面∥平面sad即為二面角
d—ef—c的平面角
中而且為等腰三角形,
(ⅲ)當時,為直角三角形
平面平面
在中,為sb中點,
平面平面為直角三角形
7. (i)是正四稜柱
平面abcd
連ac,又底面abcd是正方形
由三垂線定理知,
同理,平面aec5分
(ii)
平面abc
的長為e點到平面abc的距離
(iii)連cf
平面,又
由三垂線定理知,
於是,為二面角的平面角
在中,在中,即二面角的正切角為
8. (1)如圖,在平面內,過作⊥ab於d,
∵ 側面⊥平面abc,
∴ ⊥平面abc,是與平面abc所成的角,∴ =60°.
∵ 四邊形是菱形,
∴ △為正三角形,
∴ d是ab的中點,即在平面abc上的射影為ab的中點.
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