2023年中考數學衝刺複習資料:二次函式壓軸題
面積類1.解答:
解:(1)設拋物線的解析式為:y=a(x+1)(x﹣3),則:
a(0+1)(0﹣3)=3,a=﹣1;
∴拋物線的解析式:y=﹣(x+1)(x﹣3)=﹣x2+2x+3.
(2)設直線bc的解析式為:y=kx+b,則有:
,解得;
故直線bc的解析式:y=﹣x+3.
已知點m的橫座標為m,mn∥y,則m(m,﹣m+3)、n(m,﹣m2+2m+3);
∴故mn=﹣m2+2m+3﹣(﹣m+3)=﹣m2+3m(0<m<3).
(3)如圖;
∵s△bnc=s△mnc+s△mnb=mn(od+db)=mnob,
∴s△bnc=(﹣m2+3m)3=﹣(m﹣)2+(0<m<3);
∴當m=時,△bnc的面積最大,最大值為.
2.解答:
解:(1)將b(4,0)代入拋物線的解析式中,得:
0=16a﹣×4﹣2,即:a=;
∴拋物線的解析式為:y=x2﹣x﹣2.
(2)由(1)的函式解析式可求得:a(﹣1,0)、c(0,﹣2);
∴oa=1,oc=2,ob=4,
即:oc2=oaob,又:oc⊥ab,
∴△oac∽△ocb,得:∠oca=∠obc;
∴∠acb=∠oca+∠ocb=∠obc+∠ocb=90°,
∴△abc為直角三角形,ab為△abc外接圓的直徑;
所以該外接圓的圓心為ab的中點,且座標為:(,0).
(3)已求得:b(4,0)、c(0,﹣2),可得直線bc的解析式為:y=x﹣2;
設直線l∥bc,則該直線的解析式可表示為:y=x+b,當直線l與拋物線只有乙個交點時,可列方程:
x+b=x2﹣x﹣2,即: x2﹣2x﹣2﹣b=0,且△=0;
∴4﹣4×(﹣2﹣b)=0,即b=﹣4;
∴直線l:y=x﹣4.
所以點m即直線l和拋物線的唯一交點,有:
,解得:即 m(2,﹣3).
過m點作mn⊥x軸於n,
s△bmc=s梯形ocmn+s△mnb﹣s△ocb=×2×(2+3)+×2×3﹣×2×4=4.
平行四邊形類
3解答:
解:(1)把a(3,0)b(0,﹣3)代入y=x2+mx+n,得
解得,所以拋物線的解析式是y=x2﹣2x﹣3.
設直線ab的解析式是y=kx+b,
把a(3,0)b(0,﹣3)代入y=kx+b,得,解得,
所以直線ab的解析式是y=x﹣3;
(2)設點p的座標是(t,t﹣3),則m(t,t2﹣2t﹣3),
因為p在第四象限,
所以pm=(t﹣3)﹣(t2﹣2t﹣3)=﹣t2+3t,
當t=﹣=時,二次函式的最大值,即pm最長值為=,
則s△abm=s△bpm+s△apm==.
(3)存在,理由如下:
∵pm∥ob,
∴當pm=ob時,點p、m、b、o為頂點的四邊形為平行四邊形,
①當p在第四象限:pm=ob=3,pm最長時只有,所以不可能有pm=3.
②當p在第一象限:pm=ob=3,(t2﹣2t﹣3)﹣(t﹣3)=3,解得t1=,t2=(捨去),所以p點的橫座標是;
③當p在第三象限:pm=ob=3,t2﹣3t=3,解得t1=(捨去),t2=,所以p點的橫座標是.
所以p點的橫座標是或.
4.解答:
解:(1)△a′b′o是由△abo繞原點o逆時針旋轉90°得到的,
又a(0,1),b(2,0),o(0,0),
∴a′(﹣1,0),b′(0,2).
方法一:
設拋物線的解析式為:y=ax2+bx+c(a≠0),
∵拋物線經過點a′、b′、b,
∴,解得:,∴滿足條件的拋物線的解析式為y=﹣x2+x+2.
方法二:∵a′(﹣1,0),b′(0,2),b(2,0),
設拋物線的解析式為:y=a(x+1)(x﹣2)
將b′(0,2)代入得出:2=a(0+1)(0﹣2),
解得:a=﹣1,
故滿足條件的拋物線的解析式為y=﹣(x+1)(x﹣2)=﹣x2+x+2;
(2)∵p為第一象限內拋物線上的一動點,
設p(x,y),則x>0,y>0,p點座標滿足y=﹣x2+x+2.
連線pb,po,pb′,
∴s四邊形pb′a′b=s△b′oa′+s△pb′o+s△pob,
=×1×2+×2×x+×2×y,
=x+(﹣x2+x+2)+1,
=﹣x2+2x+3.
∵a′o=1,b′o=2,∴△a′b′o面積為:×1×2=1,
假設四邊形pb′a′b的面積是△a′b′o面積的4倍,則
4=﹣x2+2x+3,
即x2﹣2x+1=0,
解得:x1=x2=1,
此時y=﹣12+1+2=2,即p(1,2).
∴存在點p(1,2),使四邊形pb′a′b的面積是△a′b′o面積的4倍.
(3)四邊形pb′a′b為等腰梯形,答案不唯一,下面性質中的任意2個均可.
①等腰梯形同一底上的兩個內角相等;②等腰梯形對角線相等;
③等腰梯形上底與下底平行;④等腰梯形兩腰相等10分)
或用符號表示:
①∠b′a′b=∠pba′或∠a′b′p=∠bpb′;②pa′=b′b;③b′p∥a′b;④b′a′=pb10分)
5.解答:
解:(1)∵頂點a的橫座標為x=﹣=1,且頂點a在y=x﹣5上,
∴當x=1時,y=1﹣5=﹣4,
∴a(1,﹣4).
(2)△abd是直角三角形.
將a(1,﹣4)代入y=x2﹣2x+c,可得,1﹣2+c=﹣4,∴c=﹣3,
∴y=x2﹣2x﹣3,∴b(0,﹣3)
當y=0時,x2﹣2x﹣3=0,x1=﹣1,x2=3
∴c(﹣1,0),d(3,0),
bd2=ob2+od2=18,ab2=(4﹣3)2+12=2,ad2=(3﹣1)2+42=20,
bd2+ab2=ad2,
∴∠abd=90°,即△abd是直角三角形.
(3)存在.
由題意知:直線y=x﹣5交y軸於點e(0,﹣5),交x軸於點f(5,0)
∴oe=of=5,
又∵ob=od=3
∴△oef與△obd都是等腰直角三角形
∴bd∥l,即pa∥bd
則構成平行四邊形只能是padb或pabd,如圖,
過點p作y軸的垂線,過點a作x軸的垂線交過p且平行於x軸的直線於點g.
設p(x1,x1﹣5),則g(1,x1﹣5)
則pg=|1﹣x1|,ag=|5﹣x1﹣4|=|1﹣x1|
pa=bd=3
由勾股定理得:
(1﹣x1)2+(1﹣x1)2=18,x12﹣2x1﹣8=0,x1=﹣2或4
∴p(﹣2,﹣7)或p(4,﹣1),
存在點p(﹣2,﹣7)或p(4,﹣1)使以點a、b、d、p為頂點的四邊形是平行四邊形.
周長類6.解答:
解:(1)∵拋物線y=經過點b(0,4)∴c=4,
∵頂點在直線x=上,∴﹣=﹣=,∴b=﹣;
∴所求函式關係式為;
(2)在rt△abo中,oa=3,ob=4,∴ab=,
∵四邊形abcd是菱形,∴bc=cd=da=ab=5,
∴c、d兩點的座標分別是(5,4)、(2,0),
當x=5時,y=,
當x=2時,y=,
∴點c和點d都在所求拋物線上;
(3)設cd與對稱軸交於點p,則p為所求的點,
設直線cd對應的函式關係式為y=kx+b,
則,解得:,∴,
當x=時,y=,∴p(),
(4)∵mn∥bd,
∴△omn∽△obd,
∴即得on=,
設對稱軸交x於點f,
則(pf+om)of=(+t)×,
∵,s△pnf=×nfpf=×(﹣t)×=,
s=(﹣),
=﹣(0<t<4),
a=﹣<0∴拋物線開口向下,s存在最大值.
由s△pmn=﹣t2+t=﹣(t﹣)2+,
∴當t=時,s取最大值是,此時,點m的座標為(0,).
等腰三角形類
7.解答:
解:(1)如圖,過b點作bc⊥x軸,垂足為c,則∠bco=90°,
∵∠aob=120°,∴∠boc=60°,
又∵oa=ob=4,∴oc=ob=×4=2,bc=obsin60°=4×=2,
∴點b的座標為(﹣2,﹣2);
(2)∵拋物線過原點o和點a、b,∴可設拋物線解析式為y=ax2+bx,
將a(4,0),b(﹣2.﹣2)代入,得
,解得,∴此拋物線的解析式為y=﹣x2+x
(3)存在,
如圖,拋物線的對稱軸是直線x=2,直線x=2與x軸的交點為d,設點p的座標為(2,y),
①若ob=op,
則22+|y|2=42,解得y=±2,
當y=2時,在rt△pod中,∠pdo=90°,sin∠pod==,
∴∠pod=60°,
∴∠pob=∠pod+∠aob=60°+120°=180°,
即p、o、b三點在同一直線上,
∴y=2不符合題意,捨去,
∴點p的座標為(2,﹣2)
②若ob=pb,則42+|y+2|2=42,
解得y=﹣2,
故點p的座標為(2,﹣2),
③若op=bp,則22+|y|2=42+|y+2|2,
解得y=﹣2,
故點p的座標為(2,﹣2),
綜上所述,符合條件的點p只有乙個,其座標為(2,﹣2),
8.解答:
解:(1)過點b作bd⊥x軸,垂足為d,
∵∠bcd+∠aco=90°,∠aco+∠cao=90°,
∴∠bcd=∠cao,(1分)
又∵∠bdc=∠coa=90°,cb=ac,
∴△bcd≌△cao,(2分)
∴bd=oc=1,cd=oa=2,(3分)
∴點b的座標為(﹣3,1);(4分)
(2)拋物線y=ax2+ax﹣2經過點b(﹣3,1),
則得到1=9a﹣3a﹣2,(5分)
解得a=,
所以拋物線的解析式為y=x2+x﹣2;(7分)
(3)假設存在點p,使得△acp仍然是以ac為直角邊的等腰直角三角形:
①若以點c為直角頂點;
則延長bc至點p1,使得p1c=bc,得到等腰直角三角形△acp1,(8分)
過點p1作p1m⊥x軸,
∵cp1=bc,∠mcp1=∠bcd,∠p1mc=∠bdc=90°,
∴△mp1c≌△dbc.(10分)
∴cm=cd=2,p1m=bd=1,可求得點p1(1,﹣1);(11分)
②若以點a為直角頂點;
則過點a作ap2⊥ca,且使得ap2=ac,得到等腰直角三角形△acp2,(12分)
過點p2作p2n⊥y軸,同理可證△ap2n≌△cao,(13分)
∴np2=oa=2,an=oc=1,可求得點p2(2,1),(14分)
經檢驗,點p1(1,﹣1)與點p2(2,1)都在拋物線y=x2+x﹣2上.(16分)
中考二次函式壓軸題
選擇題 1 y m 2 xm2 m 是關於x的二次函式,則m a 1 b 2 c 1或2 d m不存在 2 下列函式關係中,可以看作二次函式y ax2 bx c a 0 模型的是 a 在一定距離內,汽車行駛的速度與行駛的時間的關係 b 我國人中自然增長率為1 這樣我國總人口數隨年份變化的關係 c 矩...
2023年中考數學衝刺複習 二次函式壓軸題 含答案
面積類1 如圖,已知拋物線經過點a 1,0 b 3,0 c 0,3 三點 1 求拋物線的解析式 2 點m是線段bc上的點 不與b,c重合 過m作mn y軸交拋物線於n,若點m的橫座標為m,請用m的代數式表示mn的長 3 在 2 的條件下,連線nb nc,是否存在m,使 bnc的面積最大?若存在,求m...
2023年中考數學衝刺複習 二次函式壓軸題 含答案
面積類1 如圖,已知拋物線經過點a 1,0 b 3,0 c 0,3 三點 1 求拋物線的解析式 2 點m是線段bc上的點 不與b,c重合 過m作mn y軸交拋物線於n,若點m的橫座標為m,請用m的代數式表示mn的長 3 在 2 的條件下,連線nb nc,是否存在m,使 bnc的面積最大?若存在,求m...