(福建理11文)
已知對任意實數,有,且時,,則時( b )
ab.cd.(海南理10)
曲線在點處的切線與座標軸所圍三角形的面積為( d )
(海南文10)
曲線在點處的切線與座標軸所圍三角形的面積為( d )
(江蘇9)
已知二次函式的導數為,,對於任意實數都有,則的最小值為( c )
abcd.
(江西理9)
12.設在內單調遞增,,則是的( b )
a.充分不必要條件必要不充分條件
c.充分必要條件既不充分也不必要條件
(江西理5)
5.若,則下列命題中正確的是( d )
(江西文8)
若,則下列命題正確的是( b )
(遼寧理12)
已知與是定義在上的連續函式,如果與僅當時的函式值為0,且,那麼下列情形不可能出現的是( )
a.0是的極大值,也是的極大值
b.0是的極小值,也是的極小值
c.0是的極大值,但不是的極值
d.0是的極小值,但不是的極值
(全國一文11)
曲線在點處的切線與座標軸圍成的三角形面積為( a )
(全國二文8)
已知曲線的一條切線的斜率為,則切點的橫座標為( a )
a.1b.2c.3d.4
(浙江理8)
設是函式的導函式,將和的圖象畫在同乙個直角座標系中,不可能正確的是( d )
(北京文9)
是的導函式,則的值是____.3
(廣東文12)
函式的單調遞增區間是____.
(江蘇13)
已知函式在區間上的最大值與最小值分別為,則__.32
(湖北文13)
已知函式的圖象在點處的切線方程是,則____.3
(湖南理13)
函式在區間上的最小值是____.
(浙江文15)
曲線在點處的切線方程是____.
(安徽理 18)
設a≥0,f (x)=x-1-ln2 x+2a ln x(x>0).
(ⅰ)令f(x)=xf'(x),討論f(x)在(0.+∞)內的單調性並求極值;
(ⅱ)求證:當x>1時,恒有x>ln2x-2a ln x+1.
本小題主要考查函式導數的概念與計算,利用導數研究函式的單調性、極值和證明不等式的方法,考查綜合運用有關知識解決問題的能力.本小題滿分14分.
(ⅰ)解:根據求導法則有,
故,於是,
列表如下:
故知在內是減函式,在內是增函式,所以,在處取得極小值.
(ⅱ)證明:由知,的極小值.
於是由上表知,對一切,恒有.
從而當時,恒有,故在內單調增加.
所以當時,,即.
故當時,恒有.
(安徽文 20)
設函式f(x)=-cos2x-4tsincos+4t2+t2-3t+4,x∈r,其中≤1,將f(x)的最小值記為g(t).
(ⅰ)求g(t)的表示式;
(ⅱ)詩論g(t)在區間(-1,1)內的單調性並求極值.
本小題主要考查同角三角函式的基本關係,倍角的正弦公式,正弦函式的值域,多項式函式的導數,函式的單調性,考查應用導數分析解決多項式函式的單調區間,極值與最值等問題的綜合能力.
解:()我們有
.由於,,故當時,達到其最小值,即
. ()我們有.
列表如下:
由此可見,在區間和單調增加,在區間單調減小,極小值為,極大值為.
(北京理 19)
如圖,有一塊半橢圓形鋼板,其半軸長為,短半軸長為,計畫將此鋼板切割成等腰梯形的形狀,下底是半橢圓的短軸,上底的端點在橢圓上,記,梯形面積為.
()求面積以為自變數的函式式,並寫出其定義域;
()求面積的最大值.
解:()依題意,以的中點為原點建立直角座標系(如圖),則點的橫座標為.
點的縱座標滿足方程,
解得 ,
其定義域為.
()記,
則.令,得.
因為當時,;當時,,所以是的最大值.
因此,當時,也取得最大值,最大值為.
即梯形面積的最大值為.
(福建理 22)
已知函式
(ⅰ)若,試確定函式的單調區間;
(ⅱ)若,且對於任意,恆成立,試確定實數的取值範圍;
(ⅲ)設函式,求證:.
本小題主要考查函式的單調性、極值、導數、不等式等基本知識,考查運用導數研究函式性質的方法,考查分類討論、化歸以及數形結合等數學思想方法,考查分析問題、解決問題的能力.滿分14分.
解:(ⅰ)由得,所以.
由得,故的單調遞增區間是,
由得,故的單調遞減區間是.
(ⅱ)由可知是偶函式.
於是對任意成立等價於對任意成立.
由得.①當時,.
此時在上單調遞增.
故,符合題意.
②當時,.
當變化時的變化情況如下表:
由此可得,在上,.
依題意,,又.
綜合①,②得,實數的取值範圍是.
(ⅲ),,,
由此得,
故.(福建文 20)
設函式.
(ⅰ)求的最小值;
(ⅱ)若對恆成立,求實數的取值範圍.
本題主要考查函式的單調性、極值以及函式導數的應用,考查運用數學知識分析問題解決問題的能力.滿分12分.
解:(ⅰ),
當時,取最小值,
即.(ⅱ)令,
由得,(不合題意,捨去).
當變化時,的變化情況如下表:
在內有最大值.
在內恆成立等價於在內恆成立,
即等價於,
所以的取值範圍為.
(廣東理、文 20)
已知是實數,函式.如果函式在區間上有
零點,求的取值範圍.
解: 若, ,顯然在上沒有零點, 所以
令得當時, 恰有乙個零點在上;
當即時,也恰有乙個零點在上;
當在上有兩個零點時, 則
或解得或
因此的取值範圍是或 ;
(海南理 21)
設函式()若當時,取得極值,求的值,並討論的單調性;
()若存在極值,求的取值範圍,並證明所有極值之和大於.
解:(ⅰ),
依題意有,故.
從而.的定義域為,當時,;
當時,;
當時,.
從而,分別在區間單調增加,在區間單調減少.
(ⅱ)的定義域為,.
方程的判別式.
(ⅰ)若,即,在的定義域內,故的極值.
(ⅱ)若,則或.
若,,.
當時,,當時,,所以無極值.
若,,,也無極值.
(ⅲ)若,即或,則有兩個不同的實根,.
當時,,從而有的定義域內沒有零點,故無極值.
當時,,,在的定義域內有兩個不同的零點,由根值判別方法知在取得極值.
綜上,存在極值時,的取值範圍為.
的極值之和為
.(海南文 19)
設函式(ⅰ)討論的單調性;
(ⅱ)求在區間的最大值和最小值.
解:的定義域為.
(ⅰ).
當時,;當時,;當時,.
從而,分別在區間,單調增加,在區間單調減少.
(ⅱ)由(ⅰ)知在區間的最小值為.
又.所以在區間的最大值為.
(湖北理 20)
已知定義在正實數集上的函式,,其中.設兩曲線,有公共點,且在該點處的切線相同.
(i)用表示,並求的最大值;
(ii)求證:().
本小題主要考查函式、不等式和導數的應用等知識,考查綜合運用數學知識解決問題的能力.
解:(ⅰ)設與在公共點處的切線相同.
,,由題意,.
即由得:,或(捨去).
即有.令,則.於是
當,即時,;
當,即時,.
故在為增函式,在為減函式,
於是在的最大值為.
(ⅱ)設,
則.故在為減函式,在為增函式,
於是函式在上的最小值是.
故當時,有,即當時,.
(湖北文 19)
設二次函式,方程的兩根和滿足.
(i)求實數的取值範圍;
(ii)試比較與的大小.並說明理由.
本小題主要考查二次函式、二次方程的基本性質及二次不等式的解法,考查推理和運算能力.
解法1:(ⅰ)令,
則由題意可得.
故所求實數的取值範圍是.
(ii),令.
當時,單調增加,當時,
,即.解法2:(i)同解法1.
(ii),由(i)知,
.又於是
,即,故.
解法3:(i)方程,由韋達定理得
,,於是
.故所求實數的取值範圍是.
(ii)依題意可設,則由,得
,故.(湖南理 19)
如圖4,某地為了開發旅遊資源,欲修建一條連線風景點和居民區的公路,點所在的山坡面與山腳所在水平面所成的二面角為(),且,點到平面的距離(km).沿山腳原有一段筆直的公路可供利用.從點到山腳修路的造價為萬元/km,原有公路改建費用為萬元/km.當山坡上公路長度為km()時,其造價為萬元.已知,,,.
(i)在上求一點,使沿折線修建公路的總造價最小;
(ii) 對於(i)中得到的點,在上求一點,使沿折線修建公路的總造價最小.
(iii)在上是否存在兩個不同的點,,使沿折線修建公路的總造價小於(ii)中得到的最小總造價,證明你的結論.
解:(i)如圖,,,,
由三垂線定理逆定理知,,所以是
山坡與所成二面角的平面角,則,
.設,.則
.記總造價為萬元,
據題設有
當,即時,總造價最小.
(ii)設,,總造價為萬元,根據題設有
.則,由,得.
當時,,在內是減函式;
當時,,在內是增函式.
故當,即(km)時總造價最小,且最小總造價為萬元.
(iii)解法一:不存在這樣的點,.
事實上,在上任取不同的兩點,.為使總造價最小,顯然不能位於與之間.故可設位於與之間,且=,,,總造價為萬元,則.類似於(i)、(ii)討論知,,,當且僅當,同時成立時,上述兩個不等式等號同時成立,此時,,取得最小值,點分別與點重合,所以不存在這樣的點,使沿折線修建公路的總造價小於(ii)中得到的最小總造價.
解法二:同解法一得
.當且僅當且,即同時成立時,取得最小值,以上同解法一.
(湖南文 21)
已知函式在區間,內各有乙個極值點.
(i)求的最大值;
(ii)當時,設函式在點處的切線為,若在點處穿過函式的圖象(即動點在點附近沿曲線運動,經過點時,從的一側進入另一側),求函式的表示式.
解:(i)因為函式在區間,內分別有乙個極值點,所以在,內分別有乙個實根,
設兩實根為(),則,且.於是
,,且當,即,時等號成立.故的最大值是16.
(ii)解法一:由知在點處的切線的方程是
,即,因為切線在點處空過的圖象,
所以在兩邊附近的函式值異號,則
不是的極值點.
而,且.
若,則和都是的極值點.
所以,即,又由,得,故.
解法二:同解法一得
.因為切線在點處穿過的圖象,所以在兩邊附近的函式值異號,於是存在().
當時,,當時,;
或當時,,當時,.
設,則當時,,當時,;
或當時,,當時,.
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