時間:45分鐘分值:75分
一、選擇題(本大題共6小題,每小題5分,共30分)
1.下列等式=2a;=;-3=中一定成立的有( )
a.0個 b.1個
c.2個 d.3個
解析 =a≠2a;=-<0,
==>0,∴≠;
-3<0, >0,∴-3≠.
答案 a
2.下列函式中值域為正實數的是( )
a.y=-5x b.y=()1-x
c.y= d.y=
答案 b
3.(2013·浙江卷)已知x,y為正實數,則( )
a.2lgx+lgy=2lgx+2lgy b.2lg(x+y)=2lgx·2lgy
c.2lgx·lgy=2lgx+2lgy d.2lg(xy)=2lgx·2lgy
解析由對數的運算性質得2lg(xy)=2(lgx+lgy)=2lgx·2lgy.
答案 d
4.設函式f(x)=若f(a)<1,則實數a的取值範圍是( )
a.(-∞,3)
b.(1,+∞)
c.(-3,1)
d.(-∞,-3)∪(1,+∞)
解析若a<0,則由f(a)<1得a-7<1,即a<8=-3,∴-3答案 c
5.(2014·佛山模擬)不論a為何值時,函式y=(a-1)2x-恆過定點,則這個定點的座標是( )
a. b.
c. d.
解析 y=a(2x-)-2x,令2x-=0,
得x=-1,y=-,
∴這個定點是(-1,-).
答案 c
6.(2014·煙台模擬)已知f(x)=ax-2,g(x)=loga|x|(a>0,a≠1),若f(4)·g(-4)<0,則y=f(x),y=g(x)在同一座標系內的大致圖象是( )
解析由f(4)·g(-4)<0知a2·loga4<0,
∴loga4<0.
∴00時也為減函式,故選b.
答案 b
二、填空題(本大題共3小題,每小題5分,共15分)
解析 答案 -23
8.若函式f(x)=a|2x-4|(a>0,a≠1)滿足f(1)=,則f(x)的單調遞減區間是________.
解析 f(1)=a2=,a=,
f(x)=
∴單調遞減區間為[2,+∞).
答案 [2,+∞)
9.(2014·杭州模擬)已知0≤x≤2,則y=4-3·2x+5的最大值為________.
解析令t=2x,∵0≤x≤2,∴1≤t≤4.
又y=22x-1-3·2x+5,
∴y=t2-3t+5=(t-3)2+.
∵1≤t≤4,∴t=1時,ymax=.
答案 三、解答題(本大題共3小題,每小題10分,共30分)
10.求下列函式的定義域和值域.
(1)y=2x-x2;(2)y=.
解 (1)顯然定義域為r,
∵2x-x2=-(x-1)2+1≤1,
且y=x為減函式.∴ 2x-x2≥1=.
故函式y=2x-x2的值域為.
(2)由32x-1-≥0,得32x-1≥=3-2,
∵y=3x為增函式,∴2x-1≥-2,即x≥-.
此函式的定義域為,
由上可知32x-1-≥0,∴y≥0.
即函式的值域為[0,+∞).
11.(2014·西安模擬)已知函式f(x)=a-:
(1)求證:無論a為何實數f(x)總是增函式;
(2)確定a的值,使f(x)為奇函式;
(3)當f(x)為奇函式時,求f(x)的值域.
解 (3)由(2)知f(x)=-.
∵2x+1>1,∴0<<1.
∴-<-<.
∴f(x)的值域為(-,).
12.(2014·汕頭一模)已知函式f1(x)=e|x-a|,f2(x)=ebx.
(1)若f(x)=f1(x)+f2(x)-bf2(-x),是否存在a,b∈r,y=f(x)為偶函式.如果存在,請舉例並證明你的結論;如果不存在,請說明理由;
(2)若a=2,b=1,求函式g(x)=f1(x)+f2(x)在r上的單調區間.
解 (1)存在a=0,b=-1使y=f(x)為偶函式.
證明如下:當a=0,b=-1時,f(x)=e|x|+e-x+ex,x∈r,
∴f(-x)=e|-x|+ex+e-x=f(x),∴y=f(x)為偶函式.
(注:a=0,b=0也可以)
(2)∵g(x)=e|x-2|+ex=
①當x≥2時,g(x)=ex-2+ex,∴g′(x)=ex-2+ex>0.
∴y=g(x)在[2,+∞)上為增函式.
②當x<2時,g(x)=e2-x+ex,
則g′(x)=-e2-x+ex,令g′(x)=0得到x=1.
(ⅰ)當x<1時,g′(x)<0,∴y=g(x)在(-∞,1)上為減函式;
(ⅱ)當1≤x<2時,g′(x)>0,∴y=g(x)在[1,2)上為增函式.
綜上所述:y=g(x)的增區間為[1,+∞),減區間為(-∞,1).
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2 4指數與指數函式
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