橢圓標準方程典型例題
例1 已知橢圓的乙個焦點為(0,2)求的值.
分析:把橢圓的方程化為標準方程,由,根據關係可求出的值.
解:方程變形為.因為焦點在軸上,所以,解得.
又,所以,適合.故.
例2 已知橢圓的中心在原點,且經過點,,求橢圓的標準方程.
分析:因橢圓的中心在原點,故其標準方程有兩種情況.根據題設條件,運用待定係數法,
求出引數和(或和)的值,即可求得橢圓的標準方程.
解:當焦點在軸上時,設其方程為.
由橢圓過點,知.又,代入得,,故橢圓的方程為.
當焦點在軸上時,設其方程為.
由橢圓過點,知.又,聯立解得,,故橢圓的方程為.
例3的底邊,和兩邊上中線長之和為30,求此三角形重心的軌跡和頂點的軌跡.
分析:(1)由已知可得,再利用橢圓定義求解.
(2)由的軌跡方程、座標的關係,利用代入法求的軌跡方程.
解: (1)以所在的直線為軸,中點為原點建立直角座標系.設點座標為,由,知點的軌跡是以、為焦點的橢圓,且除去軸上兩點.因,,有,
故其方程為.
(2)設,,則. ①
由題意有代入①,得的軌跡方程為,其軌跡是橢圓(除去軸上兩點).
例4 已知點在以座標軸為對稱軸的橢圓上,點到兩焦點的距離分別為和,過點作焦點所在軸的垂線,它恰好過橢圓的乙個焦點,求橢圓方程.
解:設兩焦點為、,且,.從橢圓定義知.即.
從知垂直焦點所在的對稱軸,所以在中,,
可求出,,從而.
∴所求橢圓方程為或.
例5 已知橢圓方程,長軸端點為,,焦點為,,是橢圓上一點,,.求:的面積(用、、表示).
分析:求面積要結合餘弦定理及定義求角的兩鄰邊,從而利用求面積.
解:如圖,設,由橢圓的對稱性,不妨設,由橢圓的對稱性,不妨設在第一象限.由餘弦定理知: ·.①
由橢圓定義知: ②,則得 .
故.例6 已知動圓過定點,且在定圓的內部與其相內切,求動圓圓心的軌跡方程.
分析:關鍵是根據題意,列出點p滿足的關係式.
解:如圖所示,設動圓和定圓內切於點.動點到兩定點,
即定點和定圓圓心距離之和恰好等於定圓半徑,
即.∴點的軌跡是以,為兩焦點,
半長軸為4,半短軸長為的橢圓的方程:.
說明:本題是先根據橢圓的定義,判定軌跡是橢圓,然後根據橢圓的標準方程,求軌跡的方程.這是求軌跡方程的一種重要思想方法.
例7 已知橢圓,(1)求過點且被平分的弦所在直線的方程;
(2)求斜率為2的平行弦的中點軌跡方程;
(3)過引橢圓的割線,求截得的弦的中點的軌跡方程;
(4)橢圓上有兩點、,為原點,且有直線、斜率滿足,
求線段中點的軌跡方程.
分析:此題中四問都跟弦中點有關,因此可考慮設弦端座標的方法.
解:設弦兩端點分別為,,線段的中點,則
(1)將,代入⑤,得,故所求直線方程為: . ⑥
將⑥代入橢圓方程得,符合題意,為所求.
(2)將代入⑤得所求軌跡方程為橢圓內部分)
(3)將代入⑤得所求軌跡方程為: .(橢圓內部分)
(4)由①+②得將③④平方並整理得
將⑧⑨代入⑦得
再將代入⑩式得即 .
此即為所求軌跡方程.當然,此題除了設弦端座標的方法,還可用其它方法解決.
例8 已知橢圓及直線.
(1)當為何值時,直線與橢圓有公共點?
(2)若直線被橢圓截得的弦長為,求直線的方程.
解:(1)把直線方程代入橢圓方程得 ,
即.,解得.
(2)設直線與橢圓的兩個交點的橫座標為,,由(1)得,.
根據弦長公式得 :.解得.方程為.
說明:處理有關直線與橢圓的位置關係問題及有關弦長問題,採用的方法與處理直線和圓的有所區別.
這裡解決直線與橢圓的交點問題,一般考慮判別式;解決弦長問題,一般應用弦長公式.
用弦長公式,若能合理運用韋達定理(即根與係數的關係),可大大簡化運算過程.
例9 以橢圓的焦點為焦點,過直線上一點作橢圓,要使所作橢圓的長軸最短,點應在何處?並求出此時的橢圓方程.
分析:橢圓的焦點容易求出,按照橢圓的定義,本題實際上就是要在已知直線上找一點,使該點到直線同側的兩已知點(即兩焦點)的距離之和最小,只須利用對稱就可解決.
解:如圖所示,橢圓的焦點為,.
點關於直線的對稱點的座標為(-9,6),直線的方程為.
解方程組得交點的座標為(-5,4).此時最小.
所求橢圓的長軸:,∴,又,
∴.因此,所求橢圓的方程為.
例10 已知方程表示橢圓,求的取值範圍.
解:由得,且.
∴滿足條件的的取值範圍是,且.
說明:本題易出現如下錯解:由得,故的取值範圍是.
出錯的原因是沒有注意橢圓的標準方程中這個條件,當時,並不表示橢圓.
例11 已知表示焦點在軸上的橢圓,求的取值範圍.
分析:依據已知條件確定的三角函式的大小關係.再根據三角函式的單調性,求出的取值範圍.
解:方程可化為.因為焦點在軸上,所以.
因此且從而.
說明:(1)由橢圓的標準方程知,,這是容易忽視的地方.
(2)由焦點在軸上,知,. (3)求的取值範圍時,應注意題目中的條件.
例12 求中心在原點,對稱軸為座標軸,且經過和兩點的橢圓方程.
分析:由題設條件焦點在哪個軸上不明確,橢圓標準方程有兩種情形,為了計算簡便起見,
可設其方程為(,),且不必去考慮焦點在哪個座標軸上,直接可求出方程.
解:設所求橢圓方程為(,).由和兩點在橢圓上可得
即所以,.故所求的橢圓方程為.
例13 知圓,從這個圓上任意一點向軸作垂線段,求線段中點的軌跡.
分析:本題是已知一些軌跡,求動點軌跡問題.這種題目一般利用中間變數(相關點)求軌跡方程或軌跡.
解:設點的座標為,點的座標為,則,.
因為在圓上,所以.
將,代入方程得.所以點的軌跡是乙個橢圓.
說明:此題是利用相關點法求軌跡方程的方法,這種方法具體做法如下:首先設動點的座標為,
設已知軌跡上的點的座標為,然後根據題目要求,使,與,建立等式關係,
從而由這些等式關係求出和代入已知的軌跡方程,就可以求出關於,的方程,
化簡後即我們所求的方程.這種方法是求軌跡方程的最基本的方法,必須掌握.
例14 已知長軸為12,短軸長為6,焦點在軸上的橢圓,過它對的左焦點作傾斜解為的直線交橢圓於,兩點,求弦的長.
分析:可以利用弦長公式求得,
也可以利用橢圓定義及餘弦定理,還可以利用焦點半徑來求.
解:(法1)利用直線與橢圓相交的弦長公式求解.
.因為,,所以.因為焦點在軸上,
所以橢圓方程為,左焦點,從而直線方程為.
由直線方程與橢圓方程聯立得:.設,為方程兩根,所以,,, 從而.
(法2)利用橢圓的定義及餘弦定理求解.
由題意可知橢圓方程為,設,,則,.
在中,,即;
所以.同理在中,用餘弦定理得,所以.
(法3)利用焦半徑求解.
先根據直線與橢圓聯立的方程求出方程的兩根,,它們分別是,的橫座標.
再根據焦半徑,,從而求出.
例15 橢圓上的點到焦點的距離為2,為的中點,則(為座標原點)的值為a.4 b.2 c.8 d.
說明:(1)橢圓定義:平面內與兩定點的距離之和等於常數(大於)的點的軌跡叫做橢圓.
(2)橢圓上的點必定適合橢圓的這一定義,即,利用這個等式可以解決橢圓上的點與焦點的有關距離.
例16 已知橢圓,試確定的取值範圍,使得對於直線,橢圓上有不同的兩點關於該直線對稱.
分析:若設橢圓上,兩點關於直線對稱,則已知條件等價於:(1)直線;(2)弦的中點在上.
利用上述條件建立的不等式即可求得的取值範圍.
解:(法1)設橢圓上,兩點關於直線對稱,直線與交於點.
∵的斜率,∴設直線的方程為.由方程組消去得
①。∴.於是,,
即點的座標為.∵點在直線上,∴.解得. ②
將式②代入式①得 ③
∵,是橢圓上的兩點,∴.解得.
(法2)同解法1得出,∴,
,即點座標為.
∵,為橢圓上的兩點,∴點在橢圓的內部,∴.解得.
(法3)設,是橢圓上關於對稱的兩點,直線與的交點的座標為.
∵,在橢圓上,∴,.兩式相減得,
即.∴.
又∵直線,∴,∴,即 ①。
又點在直線上,∴ ②。由①,②得點的座標為.以下同解法2.
說明:涉及橢圓上兩點,關於直線恆對稱,求有關引數的取值範圍問題,可以採用列引數滿足的不等式:
(1)利用直線與橢圓恒有兩個交點,通過直線方程與橢圓方程組成的方程組,消元後得到的一元二次方程的判別式,建立引數方程.
(2)利用弦的中點在橢圓內部,滿足,將,利用引數表示,建立引數不等式.
例17 在面積為1的中,,,建立適當的座標系,求出以、為焦點且過點的橢圓方程.
∴所求橢圓方程為
例18 已知是直線被橢圓所截得的線段的中點,求直線的方程.
分析:本題考查直線與橢圓的位置關係問題.通常將直線方程與橢圓方程聯立消去(或),得到關於(或)的一元二次方程,再由根與係數的關係,直接求出, (或,)的值代入計算即得.
並不需要求出直線與橢圓的交點座標,這種「設而不求」的方法,在解析幾何中是經常採用的.
解:方法一:設所求直線方程為.代入橢圓方程,整理得
①設直線與橢圓的交點為,,則、是①的兩根,∴
∵為中點,∴,.∴所求直線方程為.
方法二:設直線與橢圓交點,.∵為中點,∴,.
又∵,在橢圓上,∴,兩式相減得,
即.∴.∴直線方程為.
方法三:設所求直線與橢圓的乙個交點為,另乙個交點.
∵、在橢圓上
從而,在方程①-②的圖形上,而過、的直線只有一條,∴直線方程為.
說明:直線與圓錐曲線的位置關係是重點考查的解析幾何問題,「設而不求」的方法是處理此類問題的有效方法.
若已知焦點是、的橢圓截直線所得弦中點的橫座標是4,則如何求橢圓方程?
高中數學經典例題集
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高中數學橢圓及其標準方程說課稿
高中數學橢圓說課稿 一 教學背景分析 一 教材地位分析 橢圓及其標準方程 是繼學習圓以後運用 曲線與方程 思想解決二次曲線問題的又一例項,從知識上說,本節課是對座標法研究幾何問題的又一次實際運用,同時也是進一步研究橢圓幾何性質的基礎 從方法上說,它為進一步研究雙曲線 拋物線提供了基本模式和理論基礎,...