中學數學幾何問題:有關三角形五心的經典試題
三角形的外心、重心、垂心、內心及旁心,統稱為三角形的五心.
一、重心
三角形三條中線的交點,叫做三角形的重心.掌握重心將每
條中線都分成定比2:1及中線長度公式,便於解題.
例1.ad,be,cf是△abc的三條中線,p是任意一點.證明:在△pad,△pbe,△pcf中,其中乙個面積等於另外兩個面積的和.
(第26屆莫斯科數學奧林匹克)
分析:設g為△abc重心,直線pg與ab
,bc相交.從a,c,d,e,f分別
作該直線的垂線,垂足為a′,c′,
d′,e′,f′.
易證aa′=2dd′,cc′=2ff′,2ee′=aa′+cc′,
∴ee′=dd′+ff′.
有s△pge=s△pgd+s△pgf.
兩邊各擴大3倍,有s△pbe=s△pad+s△pcf.
例2.如果三角形三邊的平方成等差數列,那麼該三角形和由它的三條中線圍成的新三角形相似.其逆亦真.
分析:將△abc簡記為△,由三中線ad,be,cf圍成的三角形簡記為△′.g為重心,連de到h,使eh=de,連hc,hf,則△′就是△hcf.
(1)a2,b2,c2成等差數列△∽△′.
若△abc為正三角形,易證△∽△′.
不妨設a≥b≥c,有
cf=,
be=,
ad=.
將a2+c2=2b2,分別代入以上三式,得
cf=,be=,ad=.
∴cf:be:ad =::
a:b:c.
故有(2)△∽△′a2,b2,c2成等差數列.
當△中a≥b≥c時,
△′中cf≥be≥ad.
∵△∽△′,
∴=()2.
據「三角形的三條中線圍成的新三角形面積等於原三角形面積的」,有=.
∴=3a2=4cf2=2a2+b2-c2
a2+c2=2b2.
二、垂心
三角形三條高的交戰,稱為三角形的垂心.由三角形的垂心造成的四個等(外接)圓三角形,給我們解題提供了極大的便利.
例3.設a1a2a3a4為⊙o內接四邊形,h1,h2,h3,h4依次為
△a2a3a4,△a3a4a1,△a4a1a2,△a1a2a3的垂心.求證:h1,h2,h3,h4四點共圓,並確定出該圓的圓心位置.
(1992,全國高中聯賽)
分析:連線a2h1,a1h2,h1h2,記圓半徑
為r.由△a2a3a4知
=2ra2h1=2rcos∠a3a2a4;
由△a1a3a4得
a1h2=2rcos∠a3a1a4.
但∠a3a2a4=∠a3a1a4,故a2h1=a1h2.
易證a2h1∥a1a2,於是,a2h1 a1h2,
故得h1h2 a2a1.設h1a1與h2a2的交點為m,故h1h2與a1a2關於m點成中心對稱.
同理,h2h3與a2a3,h3h4與a3a4,h4h1與a4a1都關於m點成中心對稱.故四邊形h1h2h3h4與四邊形a1a2a3a4關於m點成中心對稱,兩者是全等四邊形,h1,h2,h3,h4在同乙個圓上.後者的圓心設為q,q與o也關於m成中心對稱.
由o,m兩點,q點就不難確定了.
例4.h為△abc的垂心,d,e,f分別是bc,ca,ab的中心.乙個以h為圓心的⊙h交直線ef,fd,de於a1,a2,b1,b2,c1,c2.
求證:aa1=aa2=bb1=bb2=cc1=cc2.
(1989,加拿大數學奧林匹克訓練題)
分析:只須證明aa1=bb1=cc1即可.設
bc=a, ca=b,ab=c,△abc外
接圓半徑為r,⊙h的半徑為r.
連ha1,ah交ef於m.
a=am2+a1m2=am2+r2-mh2
r2+(am2-mh2
又am2-hm2=(ah1)2-(ah-ah1)2
ah·ah1-ah2=ah2·ab-ah2
cosa·bc-ah2
而=2rah2=4r2cos2a,
=2ra2=4r2sin2a.
∴ah2+a2=4r2,ah2=4r2-a2
由①、②、③有
a=r2+·bc-(4r2-a2)
= (a2+b2+c2)-4r2+r2.
同理, = (a2+b2+c2)-4r2+r2,
= (a2+b2+c2)-4r2+r2.
故有aa1=bb1=cc1.
三、外心.
三角形外接圓的圓心,簡稱外心.與外心關係密切的有圓心角定理和圓周角定理.
例5.過等腰△abc底邊bc上一點p引pm∥ca交ab於m;引pn∥ba交ac於n.作點p關於mn的對稱點p′.試證:p′點在△abc外接圓上.
(杭州大學《中學數學競賽習題》)
分析:由已知可得mp′=mp=mb,np′=np
=nc,故點m是△p′bp的外心,點
n是△p′pc的外心.有
∠bp′p=∠bmp=∠bac,
∠pp′c=∠pnc=∠bac.
∴∠bp′c=∠bp′p+∠p′pc=∠bac.
從而,p′點與a,b,c共圓、即p′在△abc外接圓上.
由於p′p平分∠bp′c,顯然還有
p′b:p′c=bp:pc.
例6.在△abc的邊ab,bc,ca上分別取點p,q,s.證明以△aps,△bqp,△csq的外心為頂點的三角形與△abc相似.
(b·波拉索洛夫《中學數學奧林匹克》)
分析:設o1,o2,o3是△aps,△bqp,
△csq的外心,作出六邊形
o1po2qo3s後再由外
心性質可知
∠po1s=2∠a,
∠qo2p=2∠b,
∠so3q=2∠c.
∴∠po1s+∠qo2p+∠so3q=360°.從而又知∠o1po2+
∠o2qo3+∠o3so1=360°
將△o2qo3繞著o3點旋轉到△kso3,易判斷△kso1≌△o2po1,同時可得△o1o2o3≌△o1ko3.
∴∠o2o1o3=∠ko1o3=∠o2o1k
o2o1s+∠so1k)
o2o1s+∠po1o2)
po1s=∠a;
同理有∠o1o2o3=∠b.故△o1o2o3∽△abc.
四、內心
三角形內切圓的圓心,簡稱為內心.對於內心,要掌握張角公式,還要記住下面乙個極為有用的等量關係:
設i為△abc的內心,射線ai交△abc外接圓於a′,則有a ′i=a′b=a′c.換言之,點a′必是△ibc之外心(內心的等量關係之逆同樣有用).
例7.abcd為圓內接凸四邊形,取
△dab,△abc,△bcd,
△cda的內心o1, o2,o3,
o4.求證:o1o2o3o4為矩形.
(1986,中國數學奧林匹克集訓題)
證明見《中等數學》1992;4
例8.已知⊙o內接△abc,⊙q切ab,ac於e,f且與⊙o內切.試證:ef中點p是△abc之內心.
(b·波拉索洛夫《中學數學奧林匹克》)
分析:在第20屆imo中,美國提供的一道題實際上是例8的一種特例,但它增加了條件ab=ac.當ab≠ac,怎樣證明呢?
如圖,顯然ef中點p、圓心q,bc中點k都在∠bac平分線上.易知aq=.
∵qk·aq=mq·qn,
∴qk=
由rt△epq知pq=.
∴pk=pq+qk=+=.
∴pk=bk.
利用內心等量關係之逆定理,即知p是△abc這內心.
五、旁心
三角形的一條內角平分線與另兩個內角的外角平分線相交於
一點,是旁切圓的圓心,稱為旁心.旁心常常與內心聯絡在一起,
旁心還與三角形的半周長關係密切.
例9.在直角三角形中,求證:r+ra+rb+rc=2p.
式中r,ra,rb,rc分別表示內切圓半徑及與a,b,c相切的旁切圓半徑,p表示半周.
(杭州大學《中學數學競賽習題》)
分析:設rt△abc中,c為斜邊,先來證明乙個特性:
p(p-c)=(p-a)(p-b).
∵p(p-c)= (a+b+c)·(a+b-c)
a+b)2-c2]
=ab;
(p-a)(p-b)= (-a+b+c)·(a-b+c)
c2-(a-b)2]= ab.
∴p(p-c)=(p-a)(p-b
觀察圖形,可得
ra=af-ac=p-b,
rb=bg-bc=p-a,
rc=ck=p.
而r= (a+b-c)
=p-c.
∴r+ra+rb+rc
=(p-c)+(p-b)+(p-a)+p
=4p-(a+b+c)=2p.
由①及圖形易證.
例10.m是△abc邊ab上的任意一點.r1,r2,r分別是△amc,△bmc,△abc內切圓的半徑,q1,q2,q分別是上述三角形在∠acb內部的旁切圓半徑.證明:·=.
(imo-12)
分析:對任意△a′b′c′,由正弦定理可知
od=oa′·
=a′b′··
=a′b′·,
o′e= a′b′·.
∴.亦即有
·=六、眾心共圓
這有兩種情況:(1)同一點卻是不同三角形的不同的心;(2)同一圖形出現了同一三角形的幾個心.
三角形五心及證明
o,a,b,c對應的複數分別為,1,若是的重心,則 式1 2,若是的內心,則 式2 其中 3,若是的垂心,則 式3 其中4,若是的外心,則 式4 其中 a,b,c同3,5,旁心 三角形一內角平分線和另外兩頂點處的外角平分線交於一點 記為中的內角平分線和兩頂點處的外角平分線的交點,為中的內角平分線和兩...
三角形五心與向量
9 o是平面上一定點,a b c是平面上不共線的三個點,動點p滿足則p的軌跡一定通過 abc的內心。o是平面上一定點,a b c是平面上不共線的三個點,動點p滿足則p的軌跡一定通過 abc的垂心。o是平面上一定點,a b c是平面上不共線的三個點,動點p滿足則p的軌跡一定通過 abc的重心。1 20...
三角形幾何證明
三角形 四邊形證明專題訓練 1 1 如圖,aob oa ob,直線經過點o,分別過a b兩點作ac 於點c,bd 交於點d.求證 ac od.2 已知 如圖,b c e三點在同一條直線上,ac de,ac ce,acd b 求證 abc cde 3如圖,在rt abc中,abc 點d在邊ab上,使d...