數列高考知識點大掃瞄
數列基本概念
數列是一種特殊函式,對於數列這種特殊函式,著重討論它的定義域、值域、增減性和最值等方面的性質,依據這些性質將數列分類:
依定義域分為:有窮數列、無窮數列;
依值域分為:有界數列和無界數列;
依增減性分為遞增數列、遞減數列和擺動數列。
數列的表示方法:列表法、圖象法、解析法(通項公式法及遞推關係法);
數列通項:
2、等差數列
1、定義當,且時,總有,d叫公差。
2、通項公式
1)、從函式角度看是n的一次函式,其圖象是以點為端點, 斜率為d斜線上一些孤立點。
2)、從變形角度看 , 即可從兩個不同方向認識同一數列,公差為相反數。
又,相減得,即.
若 n>m,則以為第一項,是第n-m+1項,公差為d;
若n 3)、從發展的角度看若是等差數列,則,, 因此有如下命題:在等差數列中,若, 則.
3、前n項和公式
由,相加得還可表示為,是n的二次函式。
特別的,由可得。
3、等比數列
1、 定義當,且時,總有, q叫公比。
2、通項公式:, 在等比數列中,若, 則.
3、前n項和公式:
由, 兩式相減,
當時, ;當時 , 。
關於此公式可以從以下幾方面認識:
①不能忽視成立的條件:。特別是公比用字母表示時,要分類討論。②公式推導過程中,所使用的「錯位相消法」,可以用在相減後所得式子能夠求和的情形。
如,公差為d 的等差數列, ,則,
相減得,
當時,,
當時 ,;
3)從函式角度看是n的函式,此時q和是常數。
4、等差與等比數列概念及性質對照表
5、遞推數列表示數列中相鄰的若干項之間關係的式子叫數列遞推公式。作為特殊的函式,數列可用遞推式表示。求遞推數列通項公式常用方法:
公式法、歸納法、累加法、累乘法。特別的,累加法是求形如遞推數列的基本方法,其中數列可求前n項和,即;累乘法是求形如遞推數列通項公式的基本方法,其中數列可求前n項積,即.
第一節等差數列的概念、性質及前n項和
題根一等差數列中, ,求s20
[思路]等差數列前n項和公式:
1、 由已知直接求a1 ,公差d.
2、 利用性質
[解題 ] 由 , ,得 ,
,。[收穫] 靈活應用通項性質可使運算過程簡化。
[請你試試 1——1]
1、 等差數列 滿足,則有 ( )
a、 b、 c、 d、
2、 等差數列中,a3+a7-a10=8,a11-a4=4,求。
第1變求和方法——倒序相加法
[變題1] 等差數列共10項, ,,求sn.
[思路] 已知數列前四項和與後四項和,結合通項性質,聯想sn公式推導方法。
[解題] 已知,,
又,得 ,,
[收穫] 1、重視倒加法的應用,恰當運用通項性質:,快捷準確;
3、 求出後運用「整體代換」手段巧妙解決問題。
[請你試試 1——2]
1、 等差數列共2k+1項,所有奇數項和為,所有偶數項和為,求: 的值。
2、 等差數列前n項和為18 ,若, , 求項數n .
3、 求由 1,2,3,4四個數字組成的無重複數字的所有三位數的和。
4、 求和。
第2變已知前n項和及前m項和,如何求前n+m項和
[變題2] 在等差數列中,sn=a,**=b,(m>n),求sn+m的值。
[思路]下標存在關係:m+n=m+n, 這與通項性質是否有關?
[解題] 由sn=a,**=sn+a n+1+an+2+……+am=b 得 a n+1+an+2+……+am =b-a,
即, 得
由(n+1)+m=1+(n+m得an+1+am=a1+am+n
故[請你試試 1——3]
1、在等差數列中,,,求。
2、在等差數列中,,,求。
第3變已知已知前n項和及前2n項和,如何求前3n項和
[變題3] 在等差數列中,,,求
[思路] 由尋找之間的關係。
[解題] 設數列公差為d
所以成等差數列,公差100d , 於是,得。
[收穫] 1、在等差數列中,成等差數列,即,,,……,成等差數列,且。
3、 可推廣為,,……,。
[請你試試 1——4]
1、在等差數列中,,,求
2、在等差數列中,,,求
3、在等差數列中,,,求及。
4、數列中,,,求。
5、等差數列共有3k項,前2k項和 ,後2k項和,求中間k項和。
第4變遷移變換重視sx=ax2+bx 的應用
[變題4] 在等差數列中,sn=m,,**=n,(m>n),求sn+m的值。
[思路] 等差數列前n項和公式是關於n的二次函式,若所求問題與無關時,常設為s=an2+bn形式。
[解題] 由已知可設 sn=an2+bn=m **=am2+bm=n ,
兩式相減 ,得 a(n+m)(n-m)+b(n-m)=m-n , 又m>n , 所以,
得 。
[收穫] 「整體代換」設而不求,可以使解題過程優化。
[請你試試 1——5]
1、 在等差數列中,,,求
2、 在等差數列中,,,求
3、 在等差數列中,,,求當n為何值時,有最大值
第5變歸納總結,發展提高
[題目] 在等差數列中,sn=a,**=b,(m>n),求sn+m的值。(仍以變題2為例)
除上面利用通項性質求法外,還有多種方法。現列舉例如下:
1、 基本量求解:
由,相減得,
代入得。
2、利用等差數列前x項和公式sx=ax2+bx求解
由sx=ax2+bx,得 sn=an2+bn, **=am2+bm
兩式相減 ,得 a(n+m)(n-m)+b(n-m)=a-b
即故3、利用關係式求解
由知與n成線性關係,從而點集中的點共線,即(n,),
(m,),(m+n,)共線,則有即,
化簡, 得 , 即.
4、利用定比分點座標公式求解
由a(n,), b(m,), p(m+n,)三點共線,將點p看作有向線段的定比分點,則 ,可得,
即.[請你試試 1——6]
若sn是等差數列的前n項和,s2=3,s6=4 ,則s12______.
第二節等比數列的概念、性質及前n項和
題根二等比數列 ,, 求。
[思路] 1、由已知條件聯立,求,從而得
2、由等比數列性質,知成等比數列。
[解題1] 由, 兩式相除,得 ,。
[解題2] 由成等比,得 。
[收穫] 1、靈活應用性質,是簡便解題的基礎;
2、等比數列中,序號成等差的項,成等比數列。
請你試試2 ——1]
等比數列 ,,若,則_______。
第1變連續若干項之和構成的數列仍成等比數列
[變題2] 等比數列 ,,求。
[思路] 等比數列中,連續若干項的和成等比數列。
[解題] 設,……,,
則是等比數列,,,即。
[收穫] 等比數列 , 時,,…… 成等比數列,但總有。當k為偶數時,恆成立。
請你試試2——2]
1、等比數列 , 時,,求。
2、等比數列 , 時,,求。
第2變成等差,則成等差
[變題3] 等比數列 中,成等差,則成等差 。
[思路]成等差,得,要證等差,只需證。
[解題]由成等差,得,
當 q=1時, , 由得 ,。
由, 得 ,
整理得 ,,得 ,
兩邊同乘以, 得,即成等差。
[收穫] 1、等比數列 中,成等差,則成等差。
2、等比數列 中,成等差,則(其中)成等差
3、等比數列 中,成等差,則(其中)成等差。
請你試試2——3]
1、 等比數列 ,, 成等差, 求的值。
2、等比數列 ,成等差,求證成等比。
第3變是等比,也是等比數列
[變題4]數列中, 且,是等比數列,公比 q (),求證() 也是等比數列。
[思路],欲證為等比數列,只需證為常數。
[解題得,而,,,( ), 故從第二項起,構成等比數列,公比為 q 。
第4變等比數列在分期付款問題中應用
問題顧客購買一售價為5000元的商品時,採用分期付款方法,每期付款數相同,購買後1個月付款一次,到第12次付款後全部付清。如果月利潤為0.8%,每月利息按複利計算,那麼每期應付款多少?
(精確到1元)
分析一:設每期應付款x元,則
第1次付款後,還欠 5000(1+0.8%)-x(元)
第2次付款後,還欠 [5000(1+0.8%)2-x(1+0.8%)-x=5000(1+0.8%)2-x(1+0.8%)-x(元)
第3次付款後,還欠 (1+0.8%)-x=5000(1+0.8%)3-x(1+0.8%)2-x(1+0.8%)-x(元)
…………
最後一次付款後,款已全部還清,則 5000(1+0.8%)12-x(1+0.8%)11-x(1+0.8%)10-……-x(1+0.8%)-x=0 ,
移項 5000(1+0.8%)12=x(1+0.8%)11+x(1+0.8%)10+……+x(1+0.8%)+x , 即
算得(元)
一般地,購買一件售價為a元的商品,採用分期付款時,要求在m個月內將款還至b元,月利潤為p,分n(n是m的約數)次付款,那麼每次付款數計算公式為 .
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