第九章 9.6第6課時
一、選擇題
1.給定四條曲線:①x2+y2=;②+=1;③x2+=1;④+y2=1.其中與直線x+y-=0僅有乙個交點的曲線是( )
ab.②③④
cd.①③④
答案 d
2.直線y=kx-k+1與橢圓+=1的位置關係為( )
a.相交b.相切
c.相離d.不確定
答案 a
解析 ∵直線方程可化為y-1=k(x-1).
恆過(1,1)定點,而(1,1)在橢圓內部,選a.
3.如圖,橢圓中心在座標原點,離心率為,f為橢圓左焦點,直線ab與fc交於d點,則∠bdc的正切值是( )
a.-3b.3-[**:z+xx+
c.3d.3+
答案 a
解析 ∵e=∴a=2c
∵a2=b2+c2 ∴b=c=a
∴tan∠abo==
tan∠dfb=tan∠cfo==
∴tan∠bdc=-tan(∠abo+∠dfb)
=-=-3,選a.
4.橢圓的焦點為f1,f2,過f1的最短弦pq的長為10,△pf2q的周長為36,則此橢圓的離心率為( )
a. b. c. d.
答案 c
解析 pq為過f1垂直於x軸的弦,
則q(-c,),△pf2q的周長為36,
∴4a=36,a=9,
由已知=5,即=5,
又a=9,解得c=6,
解得=,即e=.
5.設直線l:2x+y+2=0關於原點對稱的直線為l′.若l′與橢圓x2+=1的交點為a、b,點p為橢圓上的動點,則使△pab的面積為的點p的個數為( )
a.1b.2
c.3d.4
答案 b
解析由已知求得l′:2x+y-2=0與橢圓兩交點分別為長、短軸端點,其中a(0,2),b(1,0),∴|ab|=.
∴頂點p到底邊ab的距離h==.
設與直線l′平行且距離為的直線l″:
2x+y+c=0(c≠-2).
由兩平行直線間距離公式,得
d===.
∴c=-1或c=-3.
兩平行線為2x+y-1=0,2x+y-3=0.
聯立①②
對於方程組①,δ1>0,直線與橢圓有兩個交點.對於方程組②,δ2<0,直線與橢圓無交點.
綜合知,滿足題意的點p有2個,如圖所示.
6.若ab是過橢圓+=1(a>b>0)中心的一條弦,m是橢圓上任意一點,且am、bm與座標軸不平行,kam、kbm分別表示直線am、bm的斜率,則kam·kbm=( )
a.- b.- c.- d.-
答案 b
解析解法一(直接法):設a(x1,y1),m(x0,y0),
則b(-x1,-y1),
則kam·kbm=·=
==-.
解法二(特值法):因為四個選項為確定值,取a(a,0),b(-a,0),m(0,b),可得kam·kbm=-.
二、填空題
7.過橢圓+=1(a>b>0)的焦點f作弦ab,若|af|=d1,|fb|=d2,那麼+的值為________.
答案 解析法一(特殊值法):令弦ab與x軸垂直
d1=d2=,∴+=.
法二:設ab的方程為y=k(x-c)
∴b2x2+a2k2(x-c)2-a2b2=0
∴(a2k2+b2)x2-2a2k2cx+a2k2c2-a2b2=0
∴x1+x2=,x1·x2=
∴+===.
8.若直線y=kx+1(k∈r)與焦點在x軸上的橢圓+=1恒有公共點,則t的範圍為
答案 [1,5)
9.以橢圓+=1內的點m(1,1)為中點的弦所在的直線方程是________.
答案 x+4y-5=0
解析 ∵由點差法知,從m(1,1)為中點弦的斜率k=-·=-.
∴弦的直線方程為y-1=-(x-1).
10.已知橢圓+=1(a>b>0),以o為圓心,短半軸長為半徑作圓o,過橢圓的長軸的一端點p作圓o的兩條切線,切點為a、b,若四邊形paob為正方形,則橢圓的離心率為____.
答案 解析如圖,因為四邊形paob為正方形,且pa、pb為圓o的切線,所以△oap是等腰直角三角形,故a=b,所以e==.
11.橢圓mx2+ny2=1與直線y=1-x交於m、n兩點,原點o與線段mn的中點p連線的斜率為,則的值是________.
答案 解析由消去y,
得(m+n)x2-2nx+n-1=0,
則mn的中點p的座標為(,),
∴kop==.
三、解答題
12.已知橢圓+y2=1及點b(0,-2),過左焦點f1與b的直線交橢圓於c、d兩點,f2為其右焦點,求△cdf2的面積.
解析 ∵f1=(-1,0)
∴直線cd方程為y=-2x-2,
由得9x2+16x+6=0,而δ>0,
設c(x1,y1),d(x2,y2),
則|cd|=,
∴|cd|==.
f2到直線dc的距離d=,
故s△cdf2=|cd|·d=.
13.在平面直角座標系xoy中,經過點(0,)且斜率為k的直線l與橢圓+y2=1有兩個不同的交點p和q.
(1)求k的取值範圍;
(2)設橢圓與x軸正半軸、y軸正半軸的交點分別為a、b,是否存在常數k,使得向量+與共線?如果存在,求k值;如果不存在,請說明理由.[**
解析 (1)由已知條件,直線l的方程為
y=kx+,
代入橢圓方程得
+(kx+)2=1,
整理得(+k2)x2+2kx+1=0①
直線l與橢圓有兩個不同的交點p和q等價於
δ=8k2-4(+k2)=4k2-2>0,
解得k<-或k>.即k的取值範圍為
(2)設p(x1,y1),q(x2,y2),則+=(x1+x2,y1+y2),由方程①,
x1+x2=②
又y1+y2=k(x1+x2)+2③
所以+與ab共線等價於
x1+x2=-(y1+y2),
將②③代入上式,解得k=.
由(1)知k<-或k>,故沒有符合題意的常數k.
14.已知橢圓c的中心在原點,對稱軸為座標軸,且過a(0,2)、b(,).
(1)求橢圓c的方程;
(2)設過e(1,0)的直線l與c交於兩個不同點m、n,求·的取值範圍.
解析 (1)設橢圓c的方程為mx2+ny2=1,
由橢圓c過a(0,2)、b(,)得:
.∴橢圓c的方程為:8x2+y2=4.
(2)當過e(1,0)的直線l與x軸垂直時,l與曲線c無交點,不合題意,
∴設直線l的方程為:y=k(x-1),l與曲線c交於m(x1,y1)、n(x2,y2),
由(8+k2)x2-2k2x+k2-4=0,
∴=(x1-1,y1),=(x2-1,y2),
∴·=(x1-1,y1)·(x2-1,y2)=x1x2-x1-x2+1+y1y2=x1x2-x1-x2+1+k2(x1x2-x1-x2+1)=(1+k2)(-+1)==4-.
∵0≤k2<8,∴·的取值範圍是[,).
15.設a、b是橢圓3x2+y2=λ上的兩點,點n(1,3)是弦ab的中點,弦ab的垂直平分線與橢圓相交於c、d兩點.
(1)求弦ab所在直線的方程,並確定λ的取值範圍;
(2)求以弦cd的中點m為圓心且與直線ab相切的圓的方程.
解 (1)設a(x1,y1),b(x2,y2),則有[**:學|科|網]
,整理得3(x1-x2)(x1+x2)+(y1-y2)(y1+y2)=0.
由題意知,x1≠x2,∴kab==-.
∵n(1,3)是弦ab的中點,
∴x1+x2=2,y1+y2=6,∴kab=-1,∴弦ab所在直線的方程為y-3=-(x-1),即x+y-4=0.
又n(1,3)在橢圓內,∴λ>3×12+32=12,
∴λ的取值範圍是(12,+∞).
(2)∵弦cd垂直平分弦ab,∴弦cd所在直線的方程為y-3=x-1,即x-y+2=0,[**:z_xx_
將其代入橢圓的方程,整理得4x2+4x+4-λ=0.①
設c(x3,y3),d(x4,y4),弦cd的中點為m(x0,y0),則x3、x4是方程①的兩根,
∴x3+x4=-1,∴x0=(x3+x4)=-,y0=x0+2=,即m(-,).
∴點m到直線ab的距離d==,∴以弦cd的中點m為圓心且與直線ab相切的圓的方程為(x+)2+(y-)2=.
拓展練習·自助餐
1.直線+=1與橢圓+=1相交於a、b兩點,橢圓上的點p使△abp的面積等於12,這樣的點p共有( )
a.1個 b.2個 c.3個 d.4個
答案 b
解析可求出|ab|=5,設p(4cosθ,3sinθ),
所以p點到ab的距離
d==∴θ=π或,所以這樣的點p有兩個.
2.橢圓+=1(a>b>0)與直線x+y=1交於p、q兩點,且op⊥oq,其中o為座標原點.
(1)求+的值;
(2)若橢圓的離心率e滿足≤e≤,求橢圓長軸的取值範圍.
解析 (1)設p(x1,y1),q(x2,y2),由op⊥oqx1x2+y1y2=0,∵y1=1-x1,y2=1-x2,代入上式得:2x1x2-(x1+x2)+1=0①
又將y=1-x代入+=1
(a2+b2)x2-2a2x+a2(1-b2)=0,
∵δ>0,∴x1+x2=,
x1x2=代入①代簡得+=2.
(2)∵e2==1-∴≤1-≤≤≤,又由(1)知b2=
∴≤≤≤ a2≤≤a≤,
∴長軸2a∈[,].
3.在直角座標系xoy中,點p到兩點(0,-)、(0,)的距離之和等於4,設點p的軌跡為c,直線y=kx+1與c交於a,b兩點.
(ⅰ)寫出c的方程;
(ⅱ)若⊥,求k的值.
解析 (ⅰ)設p(x,y),由橢圓定義可知,點p的軌跡c是以(0,-),(0,)為焦點,長半軸為2的橢圓.它的短半軸b==1.
故曲線c的方程為x2+=1.
(ⅱ)設a(x1,y1),b(x2,y2),其座標滿足
消去y並整理得(k2+4)x2+2kx-3=0.
故x1+x2=-,x1x2=-.
若⊥,即x1x2+y1y2=0.
而y1y2=k2x1x2+k(x1+x2)+1.
於是x1x2+y1y2=---+1=0.
化簡得-4k2+1=0.所以k=±
4.已知橢圓c:+=1(a>b>0)的離心率為,短軸乙個端點到右焦點的距離為.
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第十章 10.6 第6課時 一 選擇題 1 如圖為一半徑為2的扇形 其中扇形中心角為90 在其內部隨機地撒一粒黃豆,則它落在陰影部分的概率為 ab.cd 1 答案 d 解析 s扇形 r2 s 2 2 2,s陰影 s扇形 s 2.由幾何概型概率公式得黃豆落在陰影部分的概率p 1 2 在集合內任取乙個元...
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