7 2高考物理複習

第三模組第7章第2單元

一、選擇題

1．關於閉合電路的性質，下列說法正確的是

() a．外電路斷路時，路端電壓最高

b．外電路短路時，電源的功率最大

c．外電路電阻變大時，電源的輸出功率變大

d．不管外電路電阻怎樣變化，其電源的內、外電壓之和保持不變

解析：由閉合電路歐姆定律可知：e＝u外＋u內，當外電路斷路時，即i＝0，此時u外＝e，路端電壓最大；外電路短路時，電路中電流最大，此時，電源的功率也最大；電源的

輸出功率，即外電路消耗的功率，p＝i2r＝e2r

(r＋r)2＝

e2(r－r)2

r＋4r

，只有當r＝r時，電源的

輸出功率最大，故c錯．

答案：abd

2．在如圖16所示的電路中，電源的電動勢為e，內電阻為是兩個小燈泡．閉合s後，兩燈均能發光．當滑動變阻器的滑片向右滑動時

()a．l1變暗

b．l1變亮

c．l2變暗

d．l2變亮

解析：滑片向右滑動，r阻值增大，總電阻增大，由閉合電路歐姆定律知干路電流減小，l1變暗；同時l2與r併聯部分電阻增大，它們與l1串聯分得的電壓增大，通過l2電流增大，故l2變亮．

答案：ad

3．一平行板電容器c，極板是水平放置的，它和三個可變電阻及電源連線成如圖17所示的電路．今有一質量為m的帶電油滴懸浮在兩極板之間靜止不動．要使油滴上公升，可採

用的辦法是

()a．增大r1b．增大r2

c．增大r3d．減小r2

解析：從圖分析可知，電容器兩端的電壓就是r3兩端的電壓，要使油滴上公升，必須增大電容器兩端的電壓，即增大r3兩端的電壓，從電路的分析得，增大r3和減小r2的電阻都可．故cd正確．

答案：cd

4．(2023年廣東卷)圖18所示是一實驗電路圖在滑動觸頭由a端向b端的過程中，下列表述正確的是

()a．路端電壓變小

b．電流錶的示數變大

c．電源內阻消耗的功率變小

d．電路的總電阻變大

解析：滑動觸頭由a滑向b的過程中，總電阻變小，d錯誤，幹路電流變大，路端電壓變小，a正確，內阻消耗功率變大，c錯誤，定值電阻r3上電壓降低，電流表示數變小，b 錯誤．

答案：a

5．如圖19所示電路中，電源內阻不計，三個小燈泡完全相同且外電路變化時每個燈泡兩端的電壓都不會超過其額定電壓，開始時只有s1閉合，當s2也閉合後，下列說法正確的是

()a．燈泡l1變亮

b．燈泡l2變亮

c．電容器c的帶電荷量將增加

d．閉合s2的瞬間流過電流錶的電流方向自右向左

解析：只有s1閉合時，l1和l2串聯，電容器兩端的電壓等於電源兩端的電壓．s2閉合後，l3和l2串聯，再和l1串聯．則l1兩端的電壓增大，故l1變亮，電容器兩端的電壓減小，故電容器放電．電荷量減小．電流錶上的電流是電容器的放電電流，故方向從右向左．可知ad正確．

答案：ad

6．(2023年重慶模擬)汽車電動機啟動時車燈會瞬時變暗，如圖20所示，在開啟車燈的情況下，電動機未啟動時電流錶讀數為10 a，電動機啟動時電流錶讀數為58 a，若電源電動勢為12.5 v，內阻為0.05 .

電流錶內阻不計，則因電動機啟動，車燈的電功率降低了

()a．35.8 w b．43.2 w

c．48.2 w d．76.8 w

解析：電動機未啟動時，通過燈泡電流為i＝10 a，

電壓u1＝12.5 v－10×0.05 v＝12 v.

所以燈泡電阻為r ＝u 1＝12

＝1.2 . 電動機啟動時，燈泡兩端的電壓 u 2＝12.5 v －58×0.05 v ＝9.6 v .

故車燈的電功率降低了δp ＝u 21r －u 2

2r ＝43.2 w ．故b 正確．

答案：b

7．小燈泡通電後其電流i 隨所加電壓u 變化的圖線如圖21所示，p 為圖線上一點，pn 為圖線的切線，pq 為u 軸的垂線，pm 為i 軸的垂線，下列說法中正確的是

( )

a ．隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大

b ．對應p 點，小燈泡的電阻為r ＝u 1i 2

c ．對應p 點，小燈泡的電阻為r ＝

u 1i 2－i 1

d ．對應p 點，小燈泡的功率為圖中矩形pqom 所圍的「面積」

解析：由歐姆定律，圖中任意一點的電阻為該點與座標原點o 點的連線的斜率的倒數．隨著所加電壓的增大，圖中曲線斜率越來越小，即小燈泡的電阻增大，故a 項正確；對應p 點，小燈泡的電阻為op 連線的斜率的倒數，即r ＝u 1

i 2，故b 項正確，c 項錯誤；對應p 點，

小燈泡的功率為p ＝u 1i 2，即圖中矩形pqom 所圍的「面積」，故d 項正確．

答案：abd

8．如圖22所示的電路中，a 、b 兩燈原來正常發光，忽然b 燈比原來亮了，這是因為電路中某一處發生斷路故障造成的，那麼發生這種故障可能是(電源內阻不計)

( )

a．r1斷路

b．r2斷路

c．r3斷路

d．燈a斷路

解析：由於電源內阻不計，故路端電壓為電源的電動勢，所以r1斷路時，燈a和b兩端電壓不變，故b燈亮度不會發生變化，故a選項錯誤．對b選項，當r2斷路時，會使a 燈兩端電壓公升高，b燈兩端電壓降低，b燈應變暗，故b選項錯誤，同理可知d選項也錯誤．對於c選項，當r3斷路時，會使b燈兩端電壓公升高，a燈兩端電壓降低，故b燈變亮，因此正確選項為c.

答案：c

9．(2009廣東卷)如圖23所示，電動勢為e、內阻不計的電源與三個燈泡和三個電阻相接．只合上開關s1，三個燈泡都能正常工作．如果再合上s2，則下列表述正確的是

()a．電源輸出功率減小

b．l1上消耗的功率增大

c．通過r1上的電流增大

d．通過r3上的電流增大

解析：合上s2之前，r3與l3串聯後與l1、l2併聯，最後與r1串聯．合上s2之後，在併聯電路部分又增加了乙個併聯的支路，電路的總阻值減小，電路中總電流也即流過r1的電流增大，c正確．因電源的內阻不計，則電源的輸出功率p＝ie增大，a錯誤．通過r1中的電流增大時r1兩端電壓公升高，則併聯電路部分的兩端電壓就降低，l1消耗的功率降低．通過r3與l3的電流減小，b、d皆錯誤．

答案：c

10．在如圖24所示的電路中，電源電動勢為3.0 v，內阻不計，l1、l2、l3為3個相同規格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖25所示，當開關閉合後，下列判斷正確的是

()a．燈泡l1的電阻為12

b．通過燈泡l1的電流為燈泡l2電流的2倍

c．燈泡l1消耗的電功率為0.75 w

d．燈泡l2消耗的電功率為0.30 w

解析：當l1兩端電壓為3.0 v時，i l1＝0.25 a.

由於i＝u

r得r＝ui＝

3.00.25＝12 ，a正確．

由p1＝i1u1＝0.25×3 w＝0.75 w，c正確．

因l2、l3的兩電阻相等，

即l2、l3兩端電壓各為1.5 v，由圖可知i2＝0.20 a，

即可得出燈泡l2消耗的電功率為

p2＝i2u2＝0.20×1.5 w＝0.30 w，d正確．

答案：acd

二、填空、計算題

11．(2023年上海卷)圖26電路中r1＝12 ，r2＝6 ，滑動變阻器r3上標有「20 2 a」字樣，理想電壓表的量程有0～3 v和0～15 v兩擋，理想電流錶的量程有0～0.6 a和0～3 a兩擋．閉合開關s，將滑片p從最左端向右移動到某位置時，電壓表、電流表示數分別為2.5 v和0.

3 a；繼續向右移動滑片p至另一位置，電壓表指標指在滿偏的1/3，電流錶指標指在滿偏的1/4，則此時電流表示數為________ a，該電源的電動勢為________v.

解析：p 繼續向右移動，電壓表示數會增大，故電壓表用了15 v 量程，示數u 2＝153 v

＝5 v ，電流錶用了0.6 a 量程，示數i 2＝0.15 a ，原來i 1＝0.

3 a ，故通過r 2的電流i ′1＝0.6 a ，i ′2＝0.3 a ，由全電路歐姆定律和e ＝(i 1＋i ′1)r ＋u 1＋i 1r 1，即e ＝0.

9r ＋2.5＋3.6，後來e ＝(i 2＋i ′2)r ＋u 2＋i 2r 1即e ＝0.

45r ＋5＋1.8 聯立解得e ＝7.5 v

答案：0.15 7.5

12．如圖27所示的電路中，兩平行金屬板a 、b 水平放置，兩板間的距離d ＝40 cm.電源電動勢e ＝24 v ，內電阻r ＝1 ，電阻r ＝15 .閉合開關s ，待電路穩定後，將一帶正電的小球從b 板小孔以初速度v 0＝4 m/s 豎直向上射入板間．若小球帶電荷量為q ＝1×10－2 c ，質量為m ＝2×10－

2 kg ，不考慮空氣阻力．那麼，滑動變阻器接入電路的阻值為多大時，小球恰能到達a 板？此時，電源的輸出功率是多大？(取g ＝10 m/s 2)

解析：小球進入板間後，受重力和電場力作用，且到a 板時速度為零．

設兩板間電壓為u ab ，由動能定理得

－mgd －qu ab ＝0－12m v 20

解得u ab ＝8 v

滑動變阻器兩端電壓 u 滑＝u ab ＝8 v

設通過滑動變阻器的電流為i ，由歐姆定律得

i ＝i －u 滑r ＋r

＝1 a 滑動變阻器接入電路的電阻

r 滑＝u 滑i ＝8

電源的輸出功率

p 出＝i 2(r ＋r 滑)＝23 w

答案：8 23 w

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2019屆高考物理二輪複習專題七7 2電學實驗

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