橢圓的基本知識
1.橢圓的定義:把平面內與兩個定點的距離之和等於常數(大於)的點的軌跡叫做橢圓.這兩個定點叫做橢圓的焦點,兩焦點的距離叫做焦距(設為2c) .
2.橢圓的標準方程:
(>>00)
焦點在座標軸上的橢圓標準方程有兩種情形,為了計算簡便,可設方程為mx2+ny2=1(m>0,n>0)不必考慮焦點位置,求出方程
3.求軌跡方程的方法: 定義法、待定係數法、相關點法、直接法
解: (相關點法)設點m(x, y), 點p(x0, y0),
則x=x0, y= 得x0=x, y0=2y.
∵x02+y02=4, 得 x2+(2y)2=4,
即所以點m的軌跡是乙個橢圓.
4.範圍. x2≤a2,y2≤b2,∴|x|≤a,|y|≤b.
橢圓位於直線x=±a和y=±b圍成的矩形裡.
5.橢圓的對稱性
橢圓是關於y軸、x軸、原點都是對稱的.座標軸是橢圓的對稱軸.
原點是橢圓的對稱中心.橢圓的對稱中心叫做橢圓的中心.
6.頂點只須令x=0,得y=±b,點b1(0,-b)、b2(0, b)是橢圓和y軸的兩個交點;令y=0,得x=±a,點a1(-a,0)、a2(a,0)是橢圓和x軸的兩個交點.橢圓有四個頂點:a1(-a, 0)、a2(a, 0)、b1(0, -b)、b2(0, b).橢圓和它的對稱軸的四個交點叫橢圓的頂點.
線段a1a2、b1b2分別叫做橢圓的長軸和短軸.
長軸的長等於2a. 短軸的長等於2b.a叫做橢圓的
長半軸長.b叫做橢圓的短半軸長.
|b1f1|=|b1f2|=|b2f1|=|b2f2|=a.
在rt△ob2f2中,|of2|2=|b2f2|2-|ob2|2,
即c2=a2-b2.
7.橢圓的幾何性質:
橢圓的幾何性質可分為兩類:一類是與座標系有關的性質,如頂點、焦點、中心座標;一類是與座標系無關的本身固有性質,如長、短軸長、焦距、離心率.對於第一類性質,只要的有關性質中橫座標x和縱座標y互換,就可以得出的有關性質。總結如下:
幾點說明:
(1)長軸:線段,長為;短軸:線段,長為;焦點在長軸上。
(2)對於離心率e,因為a>c>0,所以0由於,所以越趨近於1,越趨近於,橢圓越扁平;越趨近於0,越趨近於,橢圓越圓。
(3)觀察下圖,,所以,所以橢圓的離心率e = cos∠of2b2
8.直線與橢圓:
直線:(、不同時為0)
橢圓:那麼如何來判斷直線和橢圓的位置關係呢?將兩方程聯立得方程組,通過方程組的解的個數來判斷直線和橢圓交點的情況。方法如下:
消去得到關於的一元二次方程,化簡後形式如下
, (1)當時,方程組有兩組解,故直線與橢圓有兩個交點;
(2)當時,方程組有一解,直線與橢圓有乙個公共點(相切);
(3)當時,方程組無解,直線和橢圓沒有公共點。
注:當直線與橢圓有兩個公共點時,設其座標為,那麼線段的長度(即弦長)為,設直線的斜率為,
可得: ,然後我們可通過求出方程的根或用韋達定理求出。
橢圓典型例題
例1 已知橢圓的乙個焦點為(0,2)求的值.
分析:把橢圓的方程化為標準方程,由,根據關係可求出的值.
解:方程變形為.因為焦點在軸上,所以,解得.
又,所以,適合.故.
例2 已知橢圓的中心在原點,且經過點,,求橢圓的標準方程.
分析:因橢圓的中心在原點,故其標準方程有兩種情況.根據題設條件,運用待定係數法,
求出引數和(或和)的值,即可求得橢圓的標準方程.
解:當焦點在軸上時,設其方程為.
由橢圓過點,知.又,代入得,,故橢圓的方程為.
當焦點在軸上時,設其方程為.
由橢圓過點,知.又,聯立解得,,故橢圓的方程為.
例3的底邊,和兩邊上中線長之和為30,求此三角形重心的軌跡和頂點的軌跡.
分析:(1)由已知可得,再利用橢圓定義求解.
(2)由的軌跡方程、座標的關係,利用代入法求的軌跡方程.
解: (1)以所在的直線為軸,中點為原點建立直角座標系.設點座標為,由,知點的軌跡是以、為焦點的橢圓,且除去軸上兩點.因,,有,
故其方程為.
(2)設,,則. ①
由題意有代入①,得的軌跡方程為,其軌跡是橢圓(除去軸上兩點).
例4 已知點在以座標軸為對稱軸的橢圓上,點到兩焦點的距離分別為和,過點作焦點所在軸的垂線,它恰好過橢圓的乙個焦點,求橢圓方程.
解:設兩焦點為、,且,.從橢圓定義知.即.
從知垂直焦點所在的對稱軸,所以在中,,
可求出,,從而.
∴所求橢圓方程為或.
例5 已知橢圓方程,長軸端點為,,焦點為,,是橢圓上一點,,.求:的面積(用、、表示).
分析:求面積要結合餘弦定理及定義求角的兩鄰邊,從而利用求面積.
解:如圖,設,由橢圓的對稱性,不妨設,由橢圓的對稱性,不妨設在第一象限.由餘弦定理知: ·.①
由橢圓定義知: ②,則得 .
故.例6 已知動圓過定點,且在定圓的內部與其相內切,求動圓圓心的軌跡方程.
分析:關鍵是根據題意,列出點p滿足的關係式.
解:如圖所示,設動圓和定圓內切於點.動點到兩定點,
即定點和定圓圓心距離之和恰好等於定圓半徑,
即.∴點的軌跡是以,為兩焦點,
半長軸為4,半短軸長為的橢圓的方程:.
說明:本題是先根據橢圓的定義,判定軌跡是橢圓,然後根據橢圓的標準方程,求軌跡的方程.這是求軌跡方程的一種重要思想方法.
例7 已知橢圓
(1)求過點且被平分的弦所在直線的方程;
(2)求斜率為2的平行弦的中點軌跡方程;
(3)過引橢圓的割線,求截得的弦的中點的軌跡方程;
(4)橢圓上有兩點、,為原點,且有直線、斜率滿足,
求線段中點的軌跡方程
分析:此題中四問都跟弦中點有關,因此可考慮設弦端座標的方法.
解:設弦兩端點分別為,,線段的中點,則
(1)將,代入⑤,得,故所求直線方程為: . ⑥
將⑥代入橢圓方程得,符合題意,為所求.
(2)將代入⑤得所求軌跡方程為橢圓內部分)
(3)將代入⑤得所求軌跡方程為: .(橢圓內部分)
(4)由①+②得將③④平方並整理得
將⑧⑨代入⑦得
再將代入⑩式得即 .
此即為所求軌跡方程.當然,此題除了設弦端座標的方法,還可用其它方法解決.
例8 已知橢圓及直線.
(1)當為何值時,直線與橢圓有公共點?
(2)若直線被橢圓截得的弦長為,求直線的方程.
解:(1)把直線方程代入橢圓方程得 ,
即.,解得.
(2)設直線與橢圓的兩個交點的橫座標為,,由(1)得,.
根據弦長公式得 :.解得.方程為.
說明:處理有關直線與橢圓的位置關係問題及有關弦長問題,採用的方法與處理直線和圓的有所區別.
這裡解決直線與橢圓的交點問題,一般考慮判別式;解決弦長問題,一般應用弦長公式.
用弦長公式,若能合理運用韋達定理(即根與係數的關係),可大大簡化運算過程.
例9 以橢圓的焦點為焦點,過直線上一點作橢圓,要使所作橢圓的長軸最短,點應在何處?並求出此時的橢圓方程.
分析:橢圓的焦點容易求出,按照橢圓的定義,本題實際上就是要在已知直線上找一點,使該點到直線同側的兩已知點(即兩焦點)的距離之和最小,只須利用對稱就可解決.
解:如圖所示,橢圓的焦點為,.
點關於直線的對稱點的座標為(-9,6),直線的方程為.
解方程組得交點的座標為(-5,4).此時最小.
所求橢圓的長軸:,∴,又,
∴.因此,所求橢圓的方程為.
例10 已知方程表示橢圓,求的取值範圍.
解:由得,且.
∴滿足條件的的取值範圍是,且.
說明:本題易出現如下錯解:由得,故的取值範圍是.
出錯的原因是沒有注意橢圓的標準方程中這個條件,當時,並不表示橢圓.
例11 已知表示焦點在軸上的橢圓,求的取值範圍.
分析:依據已知條件確定的三角函式的大小關係.再根據三角函式的單調性,求出的取值範圍.
解:方程可化為.因為焦點在軸上,所以.
因此且從而.
說明:(1)由橢圓的標準方程知,,這是容易忽視的地方.
(2)由焦點在軸上,知,. (3)求的取值範圍時,應注意題目中的條件.
例12 求中心在原點,對稱軸為座標軸,且經過和兩點的橢圓方程
分析:由題設條件焦點在哪個軸上不明確,橢圓標準方程有兩種情形,為了計算簡便起見,
可設其方程為(,),且不必去考慮焦點在哪個座標軸上,直接可求出方程.
解:設所求橢圓方程為(,).由和兩點在橢圓上可得
即所以,.故所求的橢圓方程為.
例13 已知長軸為12,短軸長為6,焦點在軸上的橢圓,過它對的左焦點作傾斜解為的直線交橢圓於,兩點,求弦的長.
分析:可以利用弦長公式求得,
也可以利用橢圓定義及餘弦定理,還可以利用焦點半徑來求.
解:(法1)利用直線與橢圓相交的弦長公式求解.
.因為,,所以.因為焦點在軸上,
所以橢圓方程為,左焦點,從而直線方程為.
由直線方程與橢圓方程聯立得:.設,為方程兩根,所以,,, 從而.
(法2)利用橢圓的定義及餘弦定理求解.
由題意可知橢圓方程為,設,,則,.
在中,,即;
所以.同理在中,用餘弦定理得,所以.
(法3)利用焦半徑求解.
先根據直線與橢圓聯立的方程求出方程的兩根,,它們分別是,的橫座標.
再根據焦半徑,,從而求出.
例14 橢圓上的點到焦點的距離為2,為的中點,則(為座標原點)的值為a.4 b.2 c.8 d.
說明:(1)橢圓定義:平面內與兩定點的距離之和等於常數(大於)的點的軌跡叫做橢圓.
(2)橢圓上的點必定適合橢圓的這一定義,即,利用這個等式可以解決橢圓上的點與焦點的有關距離.
例15 已知橢圓,試確定的取值範圍,使得對於直線,橢圓上有不同的兩點關於該直線對稱.
分析:若設橢圓上,兩點關於直線對稱,則已知條件等價於:(1)直線;(2)弦的中點在上.
橢圓知識點及例題
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