［例2］已知函式f(x)=,x∈［1,+∞
(1)當a=時，求函式f(x)的最小值.
(2)若對任意x∈［1,+∞,f(x)>0恆成立，試求實數a的取值範圍.
命題意圖：本題主要考查函式的最小值以及單調性問題，著重於學生的綜合分析能力以及運算能力，屬★★★★級題目.
知識依託：本題主要通過求f(x)的最值問題來求a的取值範圍，體現了轉化的思想與分類討論的思想.
錯解分析：考生不易考慮把求a的取值範圍的問題轉化為函式的最值問題來解決.
技巧與方法：解法一運用轉化思想把f(x)>0轉化為關於x的二次不等式；解法二運用分類討論思想解得.
(1)解：當a=時，f(x)=x++2
∵f(x)在區間［1，+∞上為增函式，
∴f(x)在區間［1，+∞上的最小值為f(1)=.
(2)解法一：在區間［1，+∞上，f(x)= >0恆成立x2+2x+a>0恆成立.
設y=x2+2x+a,x∈［1,+∞
∵y=x2+2x+a=(x+1)2+a－1遞增，
∴當x=1時，ymin=3+a,當且僅當ymin=3+a>0時，函式f(x)>0恆成立，故a>－3.
解法二：f(x)=x++2,x∈［1,+∞
當a≥0時，函式f(x)的值恒為正；
當a<0時，函式f(x)遞增，故當x=1時，f(x)min=3+a,
當且僅當f(x)min=3+a>0時，函式f(x)>0恆成立，故a>－3.
●錦囊妙計
本難點所涉及的問題及解決的方法主要有：
(1)求函式的值域
此類問題主要利用求函式值域的常用方法：配方法、分離變數法、單調性法、圖象法、換元法、不等式法等.無論用什麼方法求函式的值域，都必須考慮函式的定義域.
(2)函式的綜合性題目
此類問題主要考查函式值域、單調性、奇偶性、反函式等一些基本知識相結合的題目.
此類問題要求考生具備較高的數學思維能力和綜合分析能力以及較強的運算能力.在今後的命題趨勢中綜合性題型仍會成為熱點和重點，並可以逐漸加強.
(3)運用函式的值域解決實際問題
此類問題關鍵是把實際問題轉化為函式問題，從而利用所學知識去解決.此類題要求考生具有較強的分析能力和數學建模能力.
●殲滅難點訓練
一、選擇題
1.(★★★★)函式y=x2+ (x≤－)的值域是( )
ab.［－,+∞
cd.(－∞,－］
2.(★★★★)函式y=x+的值域是( )
a.(－∞,1b.(－∞,－1
二、填空題
3.(★★★★★)一批貨物隨17列貨車從a市以v千公尺/小時勻速直達b市，已知兩地鐵路線長400千公尺，為了安全，兩列貨車間距離不得小於()2千公尺 ，那麼這批物資全部運到b市，最快需要_________小時(不計貨車的車身長).
4.(★★★★★)設x1、x2為方程4x2－4mx+m+2=0的兩個實根，當m時，x12+x22有最小值
三、解答題
5.(★★★★★)某企業生產一種產品時，固定成本為5000元，而每生產100臺產品時直接消耗成本要增加2500元，市場對此商品年需求量為500臺，銷售的收入函式為r(x)=5x－x2(萬元)(0≤x≤5),其中x是產品售出的數量(單位：百台)
(1)把利潤表示為年產量的函式；
(2)年產量多少時，企業所得的利潤最大？
(3)年產量多少時，企業才不虧本？
6.(★★★★)已知函式f(x)=lg［(a2－1)x2+(a+1)x+1］
(1)若f(x)的定義域為(－∞,+∞)，求實數a的取值範圍；
(2)若f(x)的值域為(－∞,+∞),求實數a的取值範圍.
7.(★★★★★)某家電生產企業根據市場調查分析，決定調整產品生產方案，準備每週(按120個工時計算)生產空調器、彩電、冰箱共360臺，且冰箱至少生產60臺.已知生產家電產品每台所需工時和每台產值如下表：
問每週應生產空調器、彩電、冰箱各多少臺，才能使產值最高？最高產值是多少？(以千元為單位)
8.(★★★★)在rt△abc中，∠c=90°，以斜邊ab所在直線為軸將△abc旋轉一周生成兩個圓錐，設這兩個圓錐的側面積之積為s1，△abc的內切圓面積為s2，記=x.
(1)求函式f(x)=的解析式並求f(x)的定義域.
(2)求函式f(x)的最小值.
參***
難點磁場
(1)證明：先將f(x)變形：f(x)=log3［(x－2m)2+m+］,
當m∈m時，m>1,∴(x－m)2+m+>0恆成立，故f(x)的定義域為r.
反之，若f(x)對所有實數x都有意義，則只須x2－4mx+4m2+m+>0,令δ＜0,即16m2－4(4m2+m+)＜0,解得m>1,故m∈m.
(2)解析：設u=x2－4mx+4m2+m+,∵y=log3u是增函式，∴當u最小時，f(x)最小. 而u=(x－2m)2+m+,顯然，當x=m時，u取最小值為m+,此時f(2m)=log3(m+)為最小值.
(3)證明：當m∈m時，m+=(m－1)+ +1≥3,當且僅當m=2時等號成立.
∴log3(m+)≥log33=1.
殲滅難點訓練
一、1.解析：∵m1=x2在(－∞,－）上是減函式，m2=在(－∞,－）上是減函式，
∴y=x2+在x∈(－∞,－)上為減函式,
∴y=x2+ (x≤－)的值域為［－，+∞.
答案：b
2.解析：令=t(t≥0),則x=.
∵y=+t=－(t－1)2+1≤1
∴值域為(－∞,1.
答案：a
二、3.解析：t=+16×()2/v=+≥2=8.
答案：8
4.解析：由韋達定理知：
x1+x2=m,x1x2=,∴x12+x22=(x1+x2)2－2x1x2=m2－=(m－)2－,又x1,x2為實根，∴δ≥0.∴m≤－1或m≥2，y=(m－)2－在區間(－∞,1）上是減函式，在［2，+∞上是增函式又拋物線y開口向上且以m=為對稱軸.故m=1時，
ymin=.
答案：－1
三、5.解：(1）利潤y是指生產數量x的產品售出後的總收入r(x)與其總成本c(x) 之差，由題意，當x≤5時，產品能全部售出，當x>5時，只能銷售500臺，所以
y=(2）在0≤x≤5時，y=－x2+4.75x－0.5,當x=－=4.
75(百台）時，ymax=10.78125(萬元），當x>5(百台）時，y＜12－0.25×5=10.
75(萬元），
所以當生產475台時，利潤最大.
(3）要使企業不虧本，即要求
解得5≥x≥4.75－≈0.1(百台）或5＜x＜48(百台）時，即企業年產量在10台到4800臺之間時，企業不虧本.
6.解：(1）依題意(a2－1）x2+(a+1)x+1>0對一切x∈r恆成立，當a2－1≠0時，其充要條件是，
∴a＜－1或a>.又a=－1時，f(x)=0滿足題意，a=1時不合題意.故a≤－1或a>為所求.
(2）依題意只要t=(a2－1)x2+(a+1)x+1能取到(0，+∞）上的任何值，則f(x)的值域為r，故有,解得1＜a≤,又當a2－1=0即a=1時，t=2x+1符合題意而a=－1時不合題意，∴1≤a≤為所求.
7.解：設每週生產空調器、彩電、冰箱分別為x臺、y臺、z臺，由題意得：
x+y+z=360
x>0,y>0,z≥60
假定每週總產值為s千元，則s=4x+3y+2z,在限制條件①②③之下，為求目標函式s的最大值，由①②消去z,得y=360－3x
將④代入①得：x+(360－3x)+z=360,∴z=2x
∵z≥60,∴x≥30
再將④⑤代入s中，得s=4x+3(360－3x)+2·2x,即s=－x+1080.由條件⑥及上式知，當x=30時，產值s最大，最大值為s=－30+1080=1050(千元）.得x=30分別代入④和⑤得y=360－90=270,z=2×30=60.
∴每週應生產空調器30臺，彩電270臺，冰箱60臺，才能使產值最大，最大產值為1050千元.
8.解：(1）如圖所示：設bc=a,ca=b,ab=c,則斜邊ab上的高h=,
∴s1=πah+πbh=,
∴f(x
又 代入①消c，得f(x)=.
在rt△abc中，有a=csina,b=ccosa(0＜a＜,則
x==sina+cosa=sin(a+).∴1＜x≤.
(2)f(x)= +6,設t=x－1,則t∈(0,－1),y=2(t+)+6在(0，－1上是減函式，∴當x=(－1)+1=時，f(x)的最小值為6+8.
高中函式值域求法小結
一 觀察法 根據函式圖象 性質能較容易得出值域 最值 的簡單函式 1 求的值域。由絕對值函式知識及二次函式值域的求法易得 2 求函式的值域。分析 首先由0，得 11，然後在求其倒數即得答案。解 0 11，函式的值域為 二 配方法 當所給函式是二次函式或可化為二次函式的復合函式時，可利用配方法求值域 ...
函式值域求法大總結
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函式值域 最值 求法小結
函式是中學數學的乙個重點,而函式值域 最值 的求解方法更是乙個常考點,因此能熟練掌握其值域 最值 求法就先得十分的重要,本節旨在通過對典型例題的講解來歸納函式值域 最值 的求法,希望對廣大讀者有所幫助。一 配方法 適用型別 二次函式及能通過換元法等轉化為二次函式的題型。例1 求函式的值域。分析與解 ...