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1．(2011·山東)了解物理規律的發現過程，學會像科學家那樣觀察和思考，往往比掌握知識本身更重要．以下符合史實的是( )
a．焦耳發現了電流熱效應的規律
b．庫侖總結出了點電荷間相互作用的規律
c．楞次發現了電流的磁效應，拉開了研究電與磁相互關係的序幕
d．牛頓將斜面實驗的結論合理外推，間接證明了自由落體運動是勻變速直線運動
2．(2011·北京東城模擬)如圖所示，電動勢為e、內阻為r的電池與定值電阻r0、滑動變阻器p串聯，已知r0＝r，滑動變阻器的最大阻值是2r.當滑動變阻器的滑片p由a端向b端滑動時，下列說法中正確的是( )
a．路端電壓變大 b．電路中的電流變小
c．滑動變阻器消耗的功率變小 d．定值電阻r0上消耗的功率變小
3．(2011·廣東)將閉合多匝線圈置於僅隨時間變化的磁場中，線圈平面與磁場方向垂直，關於線圈中產生的感應電動勢和感應電流，下列表述正確的是( )
a．感應電動勢的大小與線圈的匝數無關 b．穿過線圈的磁通量越大，感應電動勢越大
c．穿過線圈的磁通量變化越快，感應電動勢越大 d．感應電流產生的磁場方向與原磁場方向始終相同
4．(2011·江蘇)如圖所示，固定的水平長直導線中通有電流i，矩形線框與導線在同一豎直平面內，且一邊與導線平行．線框由靜止釋放，在下落過程中( )
a．穿過線框的磁通量保持不變 b．線框中感應電流方向保持不變
c．線框所受安培力的合力為零 d．線框的機械能不斷增大
5．(2011·佛山模擬)如圖所示的電路中，電源的電動勢e和內阻r恆定不變，變阻器r1的滑片p處在如圖位置時，電燈l正常發光．現將滑片p向右移動 ，則在該過程中( )
a．電壓表的示數變大 b．電流錶的示數變大
c．電燈l變暗 d．定值電阻r2消耗的電功率變小
6．(2011·海南)如圖，eof和e′o′f′為空間一勻強磁場的邊界，其中eo∥e′o′，fo∥f′o′，且eo⊥of；oo′為∠eof的角平分線，oo′間的距離為l；磁場方向垂直於紙面向裡．一邊長為l的正方形導線框沿o′o方向勻速通過磁場，t＝0時刻恰好位於圖示位置．規定導線框中感應電流沿逆時針方向時為正，則感應電流i與時間t的關係圖線可能正確的是( )
7．(2011·福建)如圖，足夠長的u型光滑金屬導軌平面與水平面成θ角(0＜θ＜90°)，其中mn與pq平行且間距為l，導軌平面與磁感應強度為b的勻強磁場垂直，導軌電阻不計．金屬棒ab由靜止開始沿導軌下滑，並與兩導軌始終保持垂直且良好接觸，ab棒接入電路的電阻為r，當流過ab棒某一橫截面的電量為q時，棒的速度大小為v，則金屬棒ab在這一過程中( )
a．運動的平均速度大小為v b．下滑的位移大小為
c．產生的焦耳熱為qblv d．受到的最大安培力大小為sinθ
8．(2011·濰坊模擬)如圖甲所示，在金屬框abcd平面內有空間分布均勻、大小和方向按圖乙所示變化的磁場(垂直紙面向裡為磁感應強度b的正方向)．用i表示金屬框中的感應電流(圖甲中所示的方向為正)，用f表示cd邊所受的安培力(水平向右為正方向)，則i、f隨時間變化的圖象正確的是( )
9．(2011·江蘇)如圖所示，水平面內有一平行金屬導軌，導軌光滑且電阻不計，勻強磁場與導軌平面垂直，阻值為r的導體棒垂直於導軌靜止放置，且與導軌接觸良好．t＝0時，將開關s由1擲到 和a 分別表示電容器所帶的電荷量、棒中的電流、棒的速度和加速度，下列圖象正確的是( )
10．(2010·寧波八校模擬)如圖所示，相距為d的兩水平虛線l1、l2之間有方向垂直紙面向裡的勻強磁場，磁感應強度為b，正方形線圈abcd的邊長為l(la．線圈克服安培力所做的功為mgl b．線圈克服安培力所做的功為2mgd
c．線圈的最小速度一定為 d．線圈的最小速度一定為
11．(2011·濟南模擬)如圖甲所示，不計電阻的平行金屬導軌豎直放置，導軌間距為l＝1m，上端接有電阻r＝3ω，虛線oo′下方是垂直於導軌平面的勻強磁場．現將質量m＝0.1kg、電阻r＝1ω的金屬桿ab從oo′上方某處垂直於導軌由靜止釋放，杆下落過程中始終與導軌保持良好接觸，杆下落過程中的v－t圖象如圖乙所示(取g＝10m/s2)．求：
(1)磁感應強度b；(2)杆在磁場中下落0.1s的過程中電阻r產生的熱量．
12．(2011·深圳模擬)輕質細線吊著一質量為m＝0.32kg、邊長為l＝0.8m、匝數n＝10 的正方形線圈，總電阻為r＝1ω，邊長為的正方形磁場區域對稱分布**圈下邊的兩側，如圖甲所示，磁場方向垂直紙面向裡，大小隨時間變化如圖乙所示，從t＝0開始經t0時間細線開始鬆馳，取g＝10m/s2.
求：(1)在前t0時間內線圈中產生的電動勢； (2)在前t0 時間內線圈的電功率； (3)t0的值．
13．（診斷題1）一半圓柱形透明物體橫截面如圖所示，底面aob鍍銀，o表示半圓截面的圓心，一束光線在橫截面內從m點入射，經aob面反射後由n點射出，m點的入射角為30o，角moa=60o，角nob=30o。求：
光線在m點的折射角；
1[答案] ab[解析] 選項c中應為奧斯特發現了電流的磁效應，選項d中應為伽利略斜面實驗的結論合理外推．
2[答案] c[解析] 當滑片p由a端向b端滑動時，接入電路的總阻值減小，電路中的電流增大，選項b錯誤；由u內＝ir可知，內電壓增大，路端電壓減小，選項a錯誤；由p＝i2r0可知，定值電阻r0上消耗的功率變大，選項d錯誤；當r＋r0＝rp時，滑動變阻器消耗的功率最大，即剛開始滑片處於a端時，滑動變阻器消耗的功率最大，選項c正確．
3[答案] c[解析] 根據法拉第電磁感應定律可知感應電動勢的大小與磁通量的變化率成正比，即磁通量變化越快，感應電動勢越大，選項c正確；根據楞次定律可知，當原磁場減小時，感應電流的磁場才與其方向相同，選項d錯誤．
4[答案] b[解析] 線框下落過程中，穿過線框的磁通量減小，選項a錯誤；由楞次定律可判斷出感應電流方向一直沿順時針方向，選項b正確；線框受到的安培力的合力豎直向上，但小於重力，則合力不為零，選項c錯誤；在下落過程中，安培力對線框做負功，則其機械能減小，選項d錯誤．
5[答案] bc[解析] 將滑片p向右移動的過程中，滑動變阻器接入電路中的阻值逐漸減小，則電路中的總阻值逐漸減小，電路中的電流逐漸增大，選項b正確；由u端＝e－ir可知，路端電壓減小，流經電燈l的電流il減小，電燈變暗，選項c正確；由i2＝i－il可知，流經電阻r2的電流增大，選項d錯誤．
6[答案] b[解析] 導線框剛進入磁場後，由楞次定律判斷出感應電流沿逆時針方向，故可排除c、d選項．**框的左邊界到達o點後繼續向左運動的過程中，感應電流的大小不變，故可排除a選項．
7[答案] b[解析] 金屬棒開始做加速度減小的變加速直線運動，a項錯誤；由q＝δt及＝＝＝，位移x＝，b項正確；此過程中由能量守恆知產生的熱量q＝mgsinθ·x－mv2得q＝sinθ－mv2，選項c錯誤；當速度為v時，所受安培力為，選項d錯誤．
8[答案] ad[解析] 由楞次定律可知，0～1s內，原磁場垂直紙面向外並且在均勻減小，金屬框內產生大小不變的感應電流，方向為逆時針方向(負方向)；1～2s內，原磁場垂直紙面向裡並且在均勻增大，金屬框內產生大小不變的感應電流，方向也為逆時針方向(負方向)；同理可得，後2s產生的電流大小與前2s的完全相同，但方向為瞬時針方向(正方向)，選項a正確；由f＝bil，再根據磁場大小及方向的變化，選項d正確．
9[答案] d[解析] 將開關由1撥到2，電容器放電，導體棒向右加速運動切割磁感線，導體棒中會產生感應電動勢，這時導體棒相當於乙個電源，導體棒下端是負極，上端是正極，當電容器的電壓降至與導體棒的感應電動勢相等時，電容器不再放電，迴路中不再有電流，導體棒不再受安培力而勻速運動，所以最終狀態是：電荷量不為零，電流為零，速度不為零，加速度為零，選項d正確．
10[答案] bd[解析] 因為ab邊剛進入磁場時速度和剛離開磁場時速度相同，都為v1＝，由能量守恆得，進磁場時克服安培力做功為mgd，又出磁場和進磁場時速度相同，全部穿過磁場過程中線圈克服安培力所做的功為2mgd ，選項a錯誤而b正確；cd邊剛進磁場時速度最小為v，則有－mgd＋mg(h＋l)＝mv2，即v＝，選項c錯誤而d正確．
11[答案] (1)2t (2)0.075j[解析] (1)由圖象知，杆自由下落0.1s進入磁場以v＝1.0m/s做勻速運動
產生的電動勢e＝blv 杆中的電流i＝ 杆所受安培力f安＝bil
由平衡條件得mg＝f 代入資料得b＝2t (2)電阻r產生的熱量q＝i2rt＝0.075j
12[答案] (1)0.4v (2)0.16w (3)3s
[解析] (1)由法拉第電磁感應定律得： e＝n＝n××()2＝10××()2×0.5v＝0.4v.
(2)i＝＝0.4a，p＝i2r＝0.16w. (3)分析線圈受力可知，當細線鬆馳時有：f安＝nbt0i＝mg，i＝
bt0＝＝2t 由圖象知：bt0＝1＋0.5t0(t)，解得：t0＝2s.
高三化學 答案 統練
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