經典習題1
1. 若函式的定義域為,則函式的定義域為( )
a. b. c. d.
2. 若
a.102 b.99 c.101 d.100
3. 定義r上的函式滿足:( )
a. b.2 c.4 d.6
4. 定義在區間(-1,1)上的減函式滿足:。若恒成立,則實數的取值範圍是
5. 已知函式是定義在(0,+∞)上的增函式,對正實數,都有:成立.則不等式的解集是
6. 已知函式是定義在(-∞,3]上的減函式,已知對恆成立,求實數的取值範圍。
7. 已知是定義在r上的不恒為零的函式,且對於任意的都滿足:.
(1)求的值;
(2)判斷的奇偶性,並證明你的結論;
(3)若, ,求數列{}的前項和.
8. 定義在r上的函式y=f(x),f(0)≠0,當x>0時,f(x)>1,且對任意的a、b∈r,有f(a+b)=f(a)f(b),
(1) 求證:f(0)=1;
(2) 求證:對任意的x∈r,恒有f(x)>0;
(3)證明:f(x)是r上的增函式;
(4)若f(x)·f(2x-x2)>1,求x的取值範圍。
9. 已知函式的定義域為r,對任意實數都有,且,當時, >0.
(1)求;
(2)求和;
(3)判斷函式的單調性,並證明.
10. 函式的定義域為r,並滿足以下條件:①對任意,有》0;②對任意,有;③.
(1)求的值;
(2)求證:在r上是單調減函式;
(3)若且,求證:.
11. 已知函式的定義域為r,對任意實數都有,且當時,.
(1)證明:;
(2)證明:在r上單調遞減;
(3)設a=,b={},若 =,試確定的取值範圍.
12. 已知函式是定義域為r的奇函式,且它的圖象關於直線對稱.
(1)求的值;
(2)證明: 函式是週期函式;
(3)若求當時,函式的解析式,並畫出滿足條件的函式至少乙個週期的圖象.
13. 函式對於x>0有意義,且滿足條件減函式。
(1)證明:;
(2)若成立,求x的取值範圍。
14. 設函式在上滿足,,且在閉區間[0,7]上,只有.
(1)試判斷函式的奇偶性;
(2)試求方程=0在閉區間[-2005,2005]上的根的個數並證明你的結論
1. b
2. a
3. a
4. ,解:由得,
,得5. ;解:令,則,則………..①
∵函式是定義在(0,+∞)上的增函式
由①②得,不等式的解集為。
6. ;解:等價於
7. (1)解:令,則
令,則(2)證明:令,則,∵,∴
令,則∴是奇函式。
(3)當時,,令,則
故,所以∴∵
∴,故∴
8. (1)令a=b=0,則f(0)=[f(0)]2∵f(0)≠0 ∴f(0)=1
(2)令a=x,b=-x則 f(0)=f(x)f(-x) ∴
由已知x>0時,f(x)>1>0,當x<0時,-x>0,f(-x)>0
∴又x=0時,f(0)=1>0
∴對任意x∈r,f(x)>0
(3)任取x2>x1,則f(x2)>0,f(x1)>0,x2-x1>0
∴ ∴f(x2)>f(x1) ∴f(x)在r上是增函式
(4)f(x)·f(2x-x2)=f[x+(2x-x2)]=f(-x2+3x)又1=f(0),
f(x)在r上遞增
∴由f(3x-x2)>f(0)得:3x-x2>0 ∴ 09. 8.(1)解:令,則
(2)∵
∴∴數列是以為首項,1為公差的等差數列,故
== (3)任取,則
∴∴函式是r上的單調增函式.
10. 9.(1)解: ∵對任意,有》0, ∴令得,
(2)任取任取,則令,故
∵函式的定義域為r,並滿足以下條件:①對任意,有》0;②對任意,有;③∴∴
∴函式是r上的單調減函式.
(3) 由(1)(2)知,,∴
∵∴,而∴∴
11. (1)證明:令,則
∵當時, ,故,∴,∵當時,
∴當時, ,則
(2)證明: 任取,則
∵,∴0<,故<0,又∵
∴,故∴函式是r上的單調減函式.
(3) ∵
由(2)知,是r上的減函式,∴
∵b={}=
又∵,∴方程組無解,即直線的內部無公共點
∴,故的取值範圍是-
12. (1)解:∵為r上的奇函式, ∴對任意都有,令則
∴=0(2)證明: ∵為r上的奇函式, ∴對任意都有,
∵的圖象關於直線對稱, ∴對任意都有,
∴ 用代得,
∴,即∴是週期函式,4是其週期.
(3)當時,
當時,,
當時,,
∴圖象如下:y
-2 -1 0 1 2 3 4 5 6x
13. (1)證明:令,則,故
(2)∵,令,則, ∴
∴成立的x的取值範圍是。
14. 解:(1)由f(2-x)=f(2+x),f(7-x)=f(7+x)得函式的對稱軸為,
從而知函式不是奇函式,
由 ,從而知函式的週期為
又,故函式是非奇非偶函式;
(2)由
又故f(x)在[0,10]和[-10,0]上均有有兩個解,從而可知函式在[0,2005]上有402個解,在[-2005.0]上有400個解,所以函式在[-2005,2005]上有802個解.
經典習題2
1. 定義在r上的函式y=f(x),f(0)≠0,當x>0時,f(x)>1,且對任意的a、b∈r,有f(a+b)=f(a)f(b),
(3) 求證:f(0)=1;
(4) 求證:對任意的x∈r,恒有f(x)>0;
(3)證明:f(x)是r上的增函式;
(4)若f(x)·f(2x-x2)>1,求x的取值範圍。
解 (1)令a=b=0,則f(0)=[f(0)]2∵f(0)≠0 ∴f(0)=1
(2)令a=x,b=-x則 f(0)=f(x)f(-x) ∴
由已知x>0時,f(x)>1>0,當x<0時,-x>0,f(-x)>0
∴又x=0時,f(0)=1>0
∴對任意x∈r,f(x)>0
(3)任取x2>x1,則f(x2)>0,f(x1)>0,x2-x1>0
∴ ∴f(x2)>f(x1) ∴f(x)在r上是增函式
(4)f(x)·f(2x-x2)=f[x+(2x-x2)]=f(-x2+3x)又1=f(0),
f(x)在r上遞增
∴由f(3x-x2)>f(0)得:3x-x2>0 ∴ 02. 已知函式,在r上有定義,對任意的有且
(1)求證:為奇函式
(2)若, 求的值
解(1)對,令x=u-v則有f(-x)=f(v-u)=f(v)g(u)-g(v)f(u)=f(u-v)=-[f(u)g(v)-
g(u)f(v)]=-f(x
(2)f(2)=f=f(1)g(-1)-g(1)f(-1)=f(1)g(-1)+g(1)f(1)=f(1)
∵f(2)=f(1)≠0
∴g(-1)+g(1)=1
3. 已知函式對任意實數恒有且當x>0,
(1)判斷的奇偶性;
(2)求在區間[-3,3]上的最大值;
(3)解關於的不等式
解(1)取則
取對任意恆成立 ∴為奇函式.
(2)任取, 則
又為奇函式
∴在(-∞,+∞)上是減函式.
對任意,恒有
而∴在[-3,3]上的最大值為6
(3)∵為奇函式,∴整理原式得
進一步可得
而在(-∞,+∞)上是減函式,
當時,當時,當時,當時,當a>2時,
4. 已知f(x)在(-1,1)上有定義,f()=-1,且滿足x,y∈(-1,1)有f(x)+f(y)=f()
⑴證明:f(x)在(-1,1)上為奇函式;
⑵對數列x1=,xn+1=,求f(xn);
⑶求證(ⅰ)證明:令x=y=0,∴2f(0)=f(0),∴f(0)=0
令y=-x,則f(x)+f(-x)=f(0)=0
∴f(x)+f(-x)=0 ∴f(-x)=-f(x)
∴f(x)為奇函式
(ⅱ)解:f(x1)=f()=-1,f(xn+1)=f()=f()=f(xn)+f(xn)=2f(xn)
∴=2即是以-1為首項,2為公比的等比數列
∴f(xn)=-2n-1
(ⅲ)解: 而
∴ 6.已知函式的定義域為,且同時滿足:
(1)對任意,總有;
(2)(3)若且,則有.
()求的值;
()求的最大值;
()設數列的前項和為,且滿足.
求證:.
解:()令,由(3),則
由對任意,總有
()任意且,則
() ,即。
故即原式成立
7. 對於定義域為的函式,如果同時滿足以下三條:①對任意的,總有;②;③若,都有成立,則稱函式為理想函式.
(1) 若函式為理想函式,求的值;
(2)判斷函式是否為理想函式,並予以證明;
(3) 若函式為理想函式,假定,使得,且,求證.
解:(1)取可得.
又由條件①,故.
(2)顯然在[0,1]滿足條件①;-
也滿足條件②.
若,,,則
,即滿足條件③,
故理想函式.
(3)由條件③知,任給、[0,1],當時,由知[0,1],
若,則,前後矛盾;
若,則,前後矛盾.
故 8.已知定義在r上的單調函式,存在實數,使得對於任意實數,總有恆成立。
(ⅰ)求的值;
(ⅱ)若,且對任意正整數,有, ,求數列的通項公式;
(ⅲ)若數列滿足,將數列的項重新組合成新數列,具體法則如下: ……,求證:。
解:(ⅰ)令,得,①
令,得,,②
由①、②得,又因為為單調函式,
(ⅱ)由(1)得,,,,
(ⅲ)由的構成法則可知,cn應等於中的n項之和,其第一項的項數為
[1+2+…+(n-1)]+1=+1,即這一項為2×[+1]-1=n(n-1)+1
cn=n(n-1)+1+n(n-1)+3+…+n(n-1)+2n-1=n2(n-1)+ =n3
當時,解法2:
9.設函式是定義域在上的單調函式,且對於任意正數有,已知.
抽象函式習題
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抽象函式總結
抽象函式 1.函式f x 具有奇偶性的必要 非充分 條件是什麼?f x 定義域關於原點對稱 注意如下結論 1 在公共定義域內 兩個奇函式的乘積是偶函式 兩個偶函式的乘積是偶函式 乙個偶函式與奇函式的乘積是奇函式。2.你熟悉週期函式的定義嗎?函式,t是乙個週期。如 3.你掌握常用的圖象變換了嗎?注意如...
7 抽象函式總結
知識精要 抽象函式是指沒有給出函式的具體解析式,只給出了一些體現函式特徵的式子的一類函式。由於抽象函式表現形式的抽象性,使得這類問題成為函式內容的難點之一.抽象性較強,靈活性大,解抽象函式重要的一點要抓住函式中的某些性質,通過區域性性質或圖象的區域性特徵,利用常規數學思想方法 如化歸法 數形結合法等...