高二物理參***
一、單選題(每題3分,共36分)
二、實驗題(共18分。)
13. 解析:4.02 0.806(0.804~0.808均可)(每空3分)
14.根據電動勢的大約值和電源允許輸出的最大電流可確定保護電阻應選b;根據題意可建立關於的關係式,即:=+,由此結合圖象的斜率和截距可求得電源的電動勢和內阻.
答案: (1)小於 (2)b (3)10 50(每空3分)
三、計算題(本題共4小題,46分)
15. (10分)解:對棒分析由平衡可得:(3分);(4分)
聯立方程得(3分)
16. (10分)解:入射速率v0很小時,電子會在磁場中轉動一段圓弧後又從cd一側射出,速率越大,軌道半徑越大,當軌道與邊界ef相切時,電子恰好不能從ef射出,如圖所示。
電子恰好射出時,由幾何知識可得:r+rcosθ=d ① (4分)
又r= ② (2分)
由①②得v02分)
故電子要射出磁場,速率至少應為2分)
17.(12分)解:(1)小球由最高點m運動到c的過程中,由動能定理得
mgr+umcq=mv (3分)
可得mc兩點的電勢差為umc=(mv-2mgr) (1分)
又等量異種電荷中垂線上的電勢相等,即c、d兩點電勢相等
故m點的電勢為:φm=umc=(mv-2mgr) (2分)
(2)小球到達最低點c時,+q與-q對其的電場力f1、f2是大小相等的,有
f1=f2=k (2分)
又因為△abc為等邊三角形,易知f1、f2的夾角是120°,所以二者的合力為f12=k,且方向豎直向下(2分)
由牛頓運動定律得fn-mg-f12=m
整理得軌道對小球的支援力:fn=mg+m+k (2分)
18.(a)(14分)解析(1)根據題意,粒子在垂直於電場線的方向上做勻速直線運動,所以粒子從射入到打到屏上所用的時間:。(3分)
(2)設粒子射出電場時沿平行電場線方向的速度為vy,根據牛頓第二定律,粒子在電場中的加速度為:,所以,所以粒子剛射出電場時的速度方向與初速度方向間夾角的正切值為:(5分)
(3)設粒子在電場中的偏轉距離為y,則,又s=y+ltanθ,
解得: (6分)
18.(b)(14分)解:(1)設板長為l,打在板中點時間為t
則有: l=v0t ① d=a1t2 ② (2分)
當剛好飛出時:設n板向下移動x
有:d+x=a2(2t)2 ③ (2分)
a1a2= =
代入②③且所以:x=d (2分)
(2)當剛好飛出時,設n板向下移動x1
d+x1=a3(2t)2 ④ (2分)
由知q不變,所以e不變,加速度不變即 a1=a3 (4分)
得:x1=3d (2分)
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