仿高考選擇題巧練(一)
14．解析：選d.奧斯特發現了電流的磁效應，法拉第發現了電磁感應現象，a項錯；美國科學家密立根最早用油滴法測得元電荷e的數值，b項錯；卡文迪許通過扭秤實驗測出了引力常量，c項錯．
15．解析：選d.車廂內的重物受重力、支援力fn和水平向右的摩擦力ff的作用，將加速度沿水平方向和豎直方向分解，由牛頓運動定律可知fn－mg＝masin 37°，ff＝macos 37°，由牛頓第三定律可知，重物所受支援力fn＝1.
15mg，代入上式解得：ff＝0.20mg，d項正確．
16． 解析：選時，線框初速度為零，故感應電動勢為零，力f為線框所受合外力，由牛頓第二定律可知，線框的加速度a＝1 m/s2，a項正確；由題圖乙知，t＝1.0 s時，線框剛好離開磁場，由勻變速直線運動規律可知線框的邊長為0.
5 m，d項錯誤；線框的末速度v＝at＝1 m/s，感應電動勢e＝blv，迴路中電流i＝e/r，安培力f安＝bil，由牛頓第二定律有：f－f安＝ma，聯立解得b＝2 t，b項正確；由q＝＝＝c，c項正確．
17．解析：選c.由題圖甲可知，該交變電流的週期為t＝0.
02 s，所以交流發電機線圈轉動的角速度為ω＝＝100π rad/s，選項a錯誤；在t＝0.01 s時，交流發電機產生的電動勢為零，即磁通量的變化率為零，所以此時穿過發電機線圈的磁通量最大，選項b錯誤；發電機發出的交流電的電壓有效值為220 v，通過匝數比為5∶1的理想變壓器後，由＝可得其副線圈兩端的電壓為44 v，所以電阻r消耗的電功率為p＝＝19.36 w，選項c正確；副線圈的電流為i2＝＝0.
44 a，由＝可得i1＝0.088 a，選項d錯誤．
18．解析：選c.它們做圓周運動的萬有引力f＝g，由於m變小，m變大，所以f變大，選項a錯誤；由牛頓第二定律得g＝mω2r1＝mω2r2，解得r1＝r，m變大，r1變大，又解得ω＝，ω保持不變，由v＝ωr得，r1變大，v1變大，選項b、d錯誤，c正確．
19．解析：選bcd.從題圖中可以看出，甲車先做勻速直線運動，當運動到t＝4 s末時，甲車停止，故a錯誤；乙車在0～10 s內的位移大小為8 m，平均速度大小v＝0.
8 m/s，故b正確；甲車和乙車的位移－時間圖象有兩個交點，所以甲、乙兩車會相遇兩次，故c正確；若乙車做勻變速直線運動，p點對應的位置座標為x＝4 m，恰好是在0～10 s內乙車位移的中點，又因為v＝v＝0.8 m/s，vp＝v>v，所以d正確．
20．解析：選abc.圓環中心的場強為零，無窮遠處場強也為零，則小球從a點到圓環中心o點的過程中，場強可能先增大後減小，則小球所受的電場力先增大後減小，方向豎直向上，小球所受重力不變，方向豎直向下，由牛頓第二定律得，加速度可能先減小後增大；小球穿過圓環中心o點後，小球所受的電場力豎直向下，加速度方向向下，為正值，根據對稱性可知，電場力先增大後減小，則加速度先增大後減小．故a是可能的．小球從a點到圓環中心o點的過程中，重力勢能epg＝mgh>0，小球穿過圓環後，epg＝－mgh<0，根據數學知識可知，b是可能的．小球從a點到圓環中心o點的過程中，電場力做負功，機械能減小，小球穿過圓環中心，o點後，電場力做正功，機械能增大，故c是可能的．由於圓環所產生的是非勻強電場，小球下落的過程中，電場力做功與下落的高度之間是非線性關係，電勢能變化與下落高度之間也是非線性關係，所以d是不可能的．故選abc.
21．解析：選bcd.由於磁感應強度方向豎直向上，根據右手定則及左手定則，金屬桿受重力、支援力及水平向右的安培力，a正確；當金屬桿受力平衡時，速度最大，故有＝mgtan α，得vm＝，b錯誤；由能量守恆定律可得mgxsin α＝mv＋q總，則電阻r上產生的焦耳熱為qr＝q總＝，c錯誤；流過電阻r的電荷量為q＝＝，d錯誤．
仿高考選擇題巧練(二)
14．解析：選b.位移不是理想化模型，a項錯；a＝表示加速度a與物體所受合外力成正比，與質量成反比，並非採用比值法定義的，c項錯；瞬時速度的定義利用到了極限思維法，d項錯．
15．解析：選c.人用力f向右推箱子，箱子受到的摩擦力方向向左，選項a錯誤；把木板、人、箱子看做整體，人對箱子的作用力為內力，整體水平方向所受合外力為零，地面對木板的摩擦力為零，選項b錯誤；整體豎直方向所受合外力為零，由平衡條件可知，地面對木板支援力大小為3mg，由牛頓第三定律可知，木板對地面的壓力大小為3mg，選項c正確，d錯誤.
16．解析：選d.「嫦娥三號」沿橢圓軌道運動到p處後，將做離心運動，萬有引力小於所需要的向心力；進入圓形軌道後，萬有引力等於所需要的向心力，可見「嫦娥三號」發動機向前噴氣，使其減速，因此機械能不守恆，a項錯誤；「嫦娥三號」繞月做圓周運動過程中，重力等於萬有引力，b項錯誤；「嫦娥三號」在p處時的加速度與軌道形狀無關，c項錯誤；由於月球半徑未知，無法確定其體積，故無法確定月球的平均密度，d項正確．
17．解析：選d.離點電荷越近，等差等勢面分布越密集，即離點電荷越近的地方間距相等的等勢面間的電勢差越大，則有upq＞uqk，由w＝qu得wpq＞wqk，選項a、b錯誤；粒子從靜止開始運動，電場力做正功，電勢能逐漸減小，選項d正確；從p點到q點電場力逐漸減小，則加速度逐漸減小，選項c錯誤．
18．解析：選a.線框第一次進入磁場先做勻速運動，產生恆定電流，完全進入磁場後做加速度為g的勻加速運動，線框中無感應電流，而出磁場時，做減速運動，線框中產生逐漸減小的感應電流，但剛出磁場時速度不小於進入磁場時速度，即x＝3l時，感應電流不小於i0，a對，b錯；線框第二次出磁場時做勻速運動，產生恆定電流，因線框在完全進入磁場後有一段勻加速運動過程，所以線框在進入磁場過程中將一直做加速運動且感應電流一定小於i0，c、d錯．
19．解析：選ab.小球以最小位移到達斜面時，位移與水平方向的夾角為－θ，則tan＝，即t＝，a對，d錯；小球垂直擊中斜面時，速度與水平方向夾角為－θ，則tan＝，即t＝，b對；小球擊中斜面中點時，令斜面長為2l，則水平射程為lcos θ＝v0t，下落高度為lsin θ＝gt2，聯立兩式得t＝，c錯．
20．解析：選ac.由左手定則知粒子帶負電，由題圖知粒子軌道半徑為l，而bqv＝m，所以＝，a對；當粒子沿x軸負方向射入磁場時，粒子的運動軌跡是一完整的圓周，b錯；當粒子射入磁場的速度方向與x軸正方向的夾角為30°時，粒子運動所對圓心角為60°，粒子在磁場中的運動時間為t＝＝，c對；因on＝l，粒子運動半徑為l，當粒子沿y軸正方向射入磁場時，on恰好為粒子做圓周運動的直徑，粒子一定會經過n點，d錯．
21．解析：選bd.由右手定則可知金屬棒相當於電源且a是電源的正極，即金屬棒中有從c到a的感應電流，a錯；金屬棒轉動產生的感應電動勢為e＝bω(2l)2－bωl2＝，即迴路中電流i＝，b對；由電源輸出功率特點知，當內、外電阻相等時，外電路消耗功率最大，c錯；uac＝ir＝，d對．
選擇題專練一
理綜物理選擇題實驗題專練一 二 選擇題 本題共8小題，每小題給出的四個選項中，第14 17題只有一項符合題目要求，第18 21題有多項符合題目要求 全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有錯選或不選的得0分 14 質量為m的小球在水平面內做半徑為r的勻速圓周運動，它的角速度為 週期為t，在時間內，小...
高考選擇題篩選 離子共存
1 電解質 在水溶液裡或熔融狀態下能導電的化合物。例如 hcl naoh k2so4。2 非電解質 無論是在水溶液或熔融狀態下都不導電的化合物。例如 蔗糖 酒精。3 強電解質 在水溶液裡全部電離成離子的電解質。如 nacl hcl 4 弱電解質 在水溶液裡部分電離成離子的電解質。如 醋酸 氨水 水 ...
2019高考選擇題解題技巧專題
一 特殊法。是 小題小作 的重要策略，辯證法認為矛盾的特殊性是矛盾的一般性的突出表現，是矛盾的一般性的集中反映。特殊法就是利用數學問題中的普遍與特殊的關係來簡化解題過程的一種方法,只能用選擇題和填空題的解答.一般有特殊函式法,特殊數列法,特殊值法,特殊圖形法.1 特殊數列法 1.如果等比數列的首項是...